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전기기사 기출문제 2021년 3회 필기

2021년 8월 14일 전기기사 필기 공개 PBT 자료를 독립 공개본과 시험일 가답안으로 교차 확인한 100문항입니다. PDF·CBT와 정답, 선지별 해설, 근거 링크를 제공합니다.

공개기출 100문항 시험일 2021-08-14 근거 기준일 2026-08-30
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© 자격증3001. 이 전기기사 게시물의 문제 재구성 문장, 해설, 재작성 도식, 편집 및 PDF 디자인은 자격증3001의 저작권 보호를 받습니다. 국가기술자격 시험 및 관련 명칭의 권리는 해당 기관에 있으며, 본 자료는 Q-Net 공식 문제지 또는 공식 해설이 아닙니다. 무단 복제·재배포를 금합니다.

전기기사 기출문제 2021년 3회 필기 안내

전기기사 기출문제 2021년 3회 필기 100문항입니다. PDF와 CBT로 풀고 정답·4개 선지별 해설과 계산식·2021 KEC 근거를 확인하세요.

2021년 8월 14일 PBT 공개본 두 계열의 지문·선지 100문항과 시험일 A형 가답안을 교차 대조해 다시 조판했습니다. 정답은 100문항 모두 세 자료가 일치합니다. Q-Net이 배포한 공식 원문 파일은 아닙니다.

전기기사 전체 자료 · Q-Net 전기기사 출제기준

전기기사 기출문제 2021년 3회 필기 100문항 PDF와 CBT

전기기사 · 전기자기학

1. 자기 인덕턴스가 각각 L 1 , L 2 인 두 코일의 상호 인덕턴스가 M일 때 결합 계수는?

  1. M / (L1 L2)
  2. L1 L2 / M
  3. M / sqrt(L1 L2)
  4. sqrt(L1 L2) / M
정답과 해설 보기

정답: 3

결합계수 k의 정의는 M=k√(L₁L₂)이다. 따라서 k=M/√(L₁L₂)이며, 무차원이어야 한다. 정답은 ③이다.

선지별 해설

  • ① M/(L₁L₂)는 단위가 1/H로 남아 무차원 결합계수가 아니다.
  • ② (L₁L₂)/M은 단위가 H로 남고 정의식의 역수도 아니다.
  • ③ M=k√(L₁L₂)를 k에 대해 풀면 M/√(L₁L₂)가 되어 맞다.
  • ④ √(L₁L₂)/M은 올바른 결합계수의 역수이다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 1; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 결합계수 k의 정의는 M=k√(L₁L₂)이다. 따라서 k=M/√(L₁L₂)이며, 무차원이어야 한다. 정답은 ③이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 1 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

2. 정상 전류계에서 J는 전류밀도, σ는 도전율, ρ는 고유저항, E는 전계의 세기일 때, 옴의 법칙의 미분형은?

  1. J=σE
  2. J=E/σ
  3. J=ρE
  4. J=ρσE
정답과 해설 보기

정답: 1

등방성 도체의 점별 옴 법칙은 J=σE이다. ρ=1/σ이므로 같은 식을 J=E/ρ로도 쓸 수 있다. 정답은 ①이다.

선지별 해설

  • ① 도전율 σ에 전계 E를 곱한 J=σE가 미분형 옴 법칙이다.
  • ② E/σ=ρE이므로 도전율을 나눈 식은 전류밀도가 아니다.
  • ③ ρE는 E/σ와 같아 도전율과 전류밀도의 관계가 반대로 쓰였다.
  • ④ ρσ=1이므로 ρσE=E가 되어 단위도 전류밀도와 맞지 않는다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 1; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 등방성 도체의 점별 옴 법칙은 J=σE이다. ρ=1/σ이므로 같은 식을 J=E/ρ로도 쓸 수 있다. 정답은 ①이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 1 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

3. 길이가 10cm이고 단면의 반지름이 1cm인 원통형 자성체가 길이 방향으로 균일하게 자화되어 있을 때 자화의 세기가 0.5Wb/m 2 이라면 이 자성체의 자기모멘트(Wbᆞm)는?

  1. 1.57×10-5
  2. 1.57×10-4
  3. 1.57×10-3
  4. 1.57×10-2
정답과 해설 보기

정답: 1

균일 자화체의 자기모멘트는 자화의 세기와 체적의 곱이다. 체적은 π(0.01 m)²(0.10 m)=π×10⁻⁵ m³이므로 m=0.5×π×10⁻⁵=1.57×10⁻⁵ Wb·m이다. 정답은 ①이다.

선지별 해설

  • ① 반지름과 길이를 m로 바꿔 체적에 곱한 1.57×10⁻⁵가 계산값이다.
  • ② 1.57×10⁻⁴는 길이 또는 반지름의 단위 환산에서 10배가 누락된 값이다.
  • ③ 1.57×10⁻³은 원통 체적의 cm→m 환산과 맞지 않는다.
  • ④ 1.57×10⁻²는 계산값보다 10³배 커서 주어진 체적과 자화로 나올 수 없다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 1; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 균일 자화체의 자기모멘트는 자화의 세기와 체적의 곱이다. 체적은 π(0.01 m)²(0.10 m)=π×10⁻⁵ m³이므로 m=0.5×π×10⁻⁵=1.57×10⁻⁵ Wb·m이다. 정답은 ①이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 1 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

4. 그림과 같이 공기 중 2개의 동심 구도체에서 내구(A)에만 전하 Q를 주고 외구(B)를 접지하였을 때 내구(A)의 전위는?

전기기사 2021년 3회 4번 조건을 자격증3001이 다시 그린 도식
4번 문제 도식
  1. Q / (4πε0) * (1/a – 1/b + 1/c)
  2. Q / (4πε0) * (1/a – 1/b)
  3. Q / (4πε0) * 1/c
  4. 0
정답과 해설 보기

정답: 2

외구 B가 접지되어 외구 전체 전위는 0 V이다. 전계가 존재하는 구간은 a<r<b이고 E=Q/(4πε₀r²)이므로, A의 전위는 ∫ₐᵇEdr=Q/(4πε₀)(1/a−1/b)이다. 정답은 ②이다.

선지별 해설

  • ① 외구가 접지되면 c 바깥 전위 기여는 0이므로 +1/c 항을 더할 수 없다.
  • ② a에서 b까지 전계를 적분한 Q/(4πε₀)(1/a−1/b)가 맞다.
  • ③ 1/c 항은 접지된 외구 바깥쪽의 전위를 포함하는 잘못된 표현이다.
  • ④ 접지된 것은 외구 B이며, 전하 Q를 가진 내구 A의 전위까지 0이 되지는 않는다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 1; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 외구 B가 접지되어 외구 전체 전위는 0 V이다. 전계가 존재하는 구간은 a<r<b이고 E=Q/(4πε₀r²)이므로, A의 전위는 ∫ₐᵇEdr=Q/(4πε₀)(1/a−1/b)이다. 정답은 ②이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 1 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

5. 평행판 커패시터에 어떤 유전체를 넣었을 때 전속밀도가 4.8×10 -7 C/m 2 이고 단위 체적당 정전에너지가 5.3×10 -3 J/m 3 이었다. 이 유전체의 유전율은 약 몇 F/m인가?

  1. 1.15×10-11
  2. 2.17×10-11
  3. 3.19×10-11
  4. 4.21×10-11
정답과 해설 보기

정답: 2

선형 유전체의 단위체적 정전에너지는 w=D²/(2ε)이다. 따라서 ε=D²/(2w)=(4.8×10⁻⁷)²/(2×5.3×10⁻³)=2.17×10⁻¹¹ F/m이다. 정답은 ②이다.

선지별 해설

  • ① 1.15×10⁻¹¹은 에너지식의 2 또는 제곱 처리를 잘못한 값이다.
  • ② D²/(2w)에 수치를 대입한 2.17×10⁻¹¹ F/m가 맞다.
  • ③ 3.19×10⁻¹¹은 주어진 D와 w를 에너지식에 대입한 결과가 아니다.
  • ④ 4.21×10⁻¹¹은 계산값의 약 2배로, 분모의 2를 누락했을 때 생기는 오차에 가깝다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 1; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 선형 유전체의 단위체적 정전에너지는 w=D²/(2ε)이다. 따라서 ε=D²/(2w)=(4.8×10⁻⁷)²/(2×5.3×10⁻³)=2.17×10⁻¹¹ F/m이다. 정답은 ②이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 1 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

6. 히스테리시스 곡선에서 히스테리시스 손실에 해당하는 것은?

  1. 보자력의 크기
  2. 잔류자기의 크기
  3. 보자력과 잔류자기의 곱
  4. 히스테리시스 곡선의 면적
정답과 해설 보기

정답: 4

자성체가 한 주기 자화될 때 단위체적당 히스테리시스 손실은 ∮H dB로 주어지며 B-H 폐곡선이 둘러싼 면적과 같다. 정답은 ④이다.

선지별 해설

  • ① 보자력은 H축 절편 하나의 크기이지 한 주기 에너지 손실이 아니다.
  • ② 잔류자기는 H=0에서의 B값으로, 손실 전체를 나타내지 않는다.
  • ③ 보자력×잔류자기는 직사각형 근사값일 뿐 실제 폐곡선 적분과 같지 않다.
  • ④ B-H 루프의 면적이 한 주기당 단위체적 히스테리시스 손실이다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 1; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 자성체가 한 주기 자화될 때 단위체적당 히스테리시스 손실은 ∮H dB로 주어지며 B-H 폐곡선이 둘러싼 면적과 같다. 정답은 ④이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 1 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

7. 그림과 같이 극판의 면적이 S(m 2 )인 평행판 커패시터에 유전율이 각각 ε1=4, ε2=2인 유전체를 채우고 a, b 양단에 V(V)의 전압을 인가했을 때 ε1, ε2인 유전체 내부의 전계의 세기 E 1 과 E 2 의 관계식은? (단, σ(C/m 2 )는 면전하밀도이다.)

전기기사 2021년 3회 7번 조건을 자격증3001이 다시 그린 도식
7번 문제 도식
  1. E 1 =2E 2
  2. E 1 =4E 2
  3. 2E 1 =E 2
  4. E 1 =E 2
정답과 해설 보기

정답: 3

층 경계에 자유전하가 없으므로 법선 전속밀도는 D₁=D₂=σ이다. E=D/ε에서 ε₁=4, ε₂=2이므로 E₁=σ/4, E₂=σ/2=2E₁이다. 따라서 2E₁=E₂이고 정답은 ③이다.

선지별 해설

  • ① E₁=2E₂는 유전율이 큰 층에서 전계가 더 작아지는 관계와 반대다.
  • ② E₁=4E₂는 D=εE의 연속 조건을 만족하지 않는다.
  • ③ ε₁E₁=ε₂E₂에서 4E₁=2E₂, 즉 2E₁=E₂가 된다.
  • ④ 직렬 적층 유전체의 유전율이 서로 다르면 같은 D에서 E는 같지 않다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 1; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 층 경계에 자유전하가 없으므로 법선 전속밀도는 D₁=D₂=σ이다. E=D/ε에서 ε₁=4, ε₂=2이므로 E₁=σ/4, E₂=σ/2=2E₁이다. 따라서 2E₁=E₂이고 정답은 ③이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 1 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

8. 간격이 d(m)이고 면적이 S(m 2 )인 평행판 커패시터의 전극 사이에 유전율이 ε인 유전체를 넣고 전극 간에 V(V)의 전압을 가했을 때, 이 커패시터의 전극판을 떼어내는데 필요한 힘의 크기(N)는?

  1. 1/(2ε) * V^2 / (d^2S)
  2. 1/(2ε) * dV^2 / S
  3. 1/2 * ε * V/d * S
  4. 1/2 * ε * V^2 / d^2 * S
정답과 해설 보기

정답: 4

전압이 일정한 평행판에서 전기 압력은 p=½εE²이고 E=V/d이다. 힘은 F=pS=½ε(V²/d²)S이므로 정답은 ④이다.

선지별 해설

  • ① ε가 분모에 있고 S도 분모에 있어 전기 압력×면적의 차원과 맞지 않는다.
  • ② dV²/(2εS)는 판 사이 전계 E=V/d의 관계를 거꾸로 적용했다.
  • ③ ½ε(V/d)S는 E가 한 번만 들어가 힘의 단위가 되지 않는다.
  • ④ ½εE²S에 E=V/d를 대입한 ½εV²S/d²가 맞다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 1; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 전압이 일정한 평행판에서 전기 압력은 p=½εE²이고 E=V/d이다. 힘은 F=pS=½ε(V²/d²)S이므로 정답은 ④이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 1 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

9. 다음 중 기자력(magnetomotive force)에 대한 설명으로 틀린 것은?

  1. SI 단위는 암페어(A)이다.
  2. 전기회로의 기전력에 대응한다.
  3. 자기회로의 자기저항과 자속의 곱과 동일하다.
  4. 코일에 전류를 흘렸을 때 전류밀도와 코일의 권수의 곱의 크기와 같다.
정답과 해설 보기

정답: 4

기자력은 자기회로에 자속을 만드는 원동력으로 F=NI=Φℜ이다. 전류밀도 J가 아니라 코일 전류 I와 권수 N의 곱이다. 따라서 틀린 설명은 ④이다.

선지별 해설

  • ① 기자력의 SI 표현은 암페어턴이며 차원상 A로 나타내므로 맞는 설명이다.
  • ② 자기회로의 기자력은 전기회로의 기전력에 대응한다.
  • ③ 자기 옴 법칙 F=Φℜ에 따라 자속과 자기저항의 곱과 같다.
  • ④ 기자력은 NI이지 전류밀도 J와 권수의 곱이 아니므로 틀렸다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 1; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 기자력은 자기회로에 자속을 만드는 원동력으로 F=NI=Φℜ이다. 전류밀도 J가 아니라 코일 전류 I와 권수 N의 곱이다. 따라서 틀린 설명은 ④이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 1 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

10. 유전율 ε, 투자율 μ인 매질 내에서 전자파의 전파속도는?

  1. sqrt(μ/ε)
  2. sqrt(με)
  3. sqrt(ε/μ)
  4. 1/sqrt(με)
정답과 해설 보기

정답: 4

손실을 무시한 균질 매질에서 맥스웰 방정식으로 얻는 전자파 속도는 v=1/√(με)이다. 정답은 ④이다.

선지별 해설

  • ① √(μ/ε)은 파동 임피던스의 형태이지 전파속도가 아니다.
  • ② √(με)는 속도의 역수에 해당하는 전파 지연 상수 형태다.
  • ③ √(ε/μ)는 파동 임피던스의 역수 형태이며 속도가 아니다.
  • ④ v=1/√(με)가 균질 매질의 전자파 전파속도다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 1; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 손실을 무시한 균질 매질에서 맥스웰 방정식으로 얻는 전자파 속도는 v=1/√(με)이다. 정답은 ④이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 1 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

11. 평균 반지름(r)이 20cm, 단면적(S)이 6cm 2 인 환상 철심에서 권선수(N)가 500회인 코일에 흐르는 전류(I)가 4A일 때 철심 내부에서의 자계의 세기(H)는 약 몇 AT/m인가?

  1. 1590
  2. 1700
  3. 1870
  4. 2120
정답과 해설 보기

정답: 1

환상철심의 평균 자로 길이는 ℓ=2πr=2π×0.2 m이다. 앙페르 법칙 Hℓ=NI에서 H=500×4/(2π×0.2)=1591.5 AT/m이므로 약 1590, 정답은 ①이다.

선지별 해설

  • ① 1590 AT/m는 평균 자로 길이 2πr를 적용한 반올림값이다.
  • ② 1700 AT/m는 NI/ℓ의 정확한 계산값과 일치하지 않는다.
  • ③ 1870 AT/m는 평균 반지름 0.2 m를 사용한 결과가 아니다.
  • ④ 2120 AT/m는 자로 길이를 지나치게 짧게 잡았을 때의 값이다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 1; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 환상철심의 평균 자로 길이는 ℓ=2πr=2π×0.2 m이다. 앙페르 법칙 Hℓ=NI에서 H=500×4/(2π×0.2)=1591.5 AT/m이므로 약 1590, 정답은 ①이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 1 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

12. 패러데이관(Faraday tube)의 성질에 대한 설명으로 틀린 것은?

  1. 패러데이관 중에 있는 전속수는 그 관속에 진전하가 없으면 일정하며 연속적이다.
  2. 패러데이관의 양단에는 양 또는 음의 단위 진전하가 존재하고 있다.
  3. 패러데이관 한 개의 단위 전위차 당 보유에너지는 (1/2)J이다.
  4. 패러데이관의 밀도는 전속밀도와 같지 않다.
정답과 해설 보기

정답: 4

패러데이관은 전속선을 묶은 관으로, 관의 단면당 관수는 전속밀도 D와 대응한다. 따라서 '밀도는 전속밀도와 같지 않다'는 ④가 틀린 설명이다.

선지별 해설

  • ① 관 내부에 진전하가 없으면 가우스 법칙에 따라 전속은 끊기지 않고 일정하다.
  • ② 단위 전속관의 양 끝은 같은 크기·반대 부호의 진전하와 연결된다는 설명이다.
  • ③ 단위 전속관의 에너지 표현에 관한 성질로 이 문항에서 옳게 제시됐다.
  • ④ 패러데이관의 단위면적당 관수는 전속밀도에 해당하므로 '같지 않다'가 틀렸다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 1; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 패러데이관은 전속선을 묶은 관으로, 관의 단면당 관수는 전속밀도 D와 대응한다. 따라서 '밀도는 전속밀도와 같지 않다'는 ④가 틀린 설명이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 1 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

13. 공기 중 무한 평면도체의 표면으로부터 2m 떨어진 곳에 4C의 점전하가 있다. 이 점전하가 받는 힘은 몇 N인가?

  1. 1 / (πε_0)
  2. 1 / (4πε_0)
  3. 1 / (8πε_0)
  4. 1 / (16πε_0)
정답과 해설 보기

정답: 2

접지 무한도체 평면은 반대편 같은 거리 2 m에 −4 C의 영상전하가 있다고 치환한다. 실제전하와 영상전하 사이 거리는 4 m이므로 F=(1/(4πε₀))·16/4²=1/(4πε₀) N이다. 정답은 ②이다.

선지별 해설

  • ① 1/(πε₀)는 영상전하 간 거리를 2 m로 잘못 둔 값이다.
  • ② 실제전하와 영상전하의 4 m 거리를 적용한 1/(4πε₀)가 맞다.
  • ③ 1/(8πε₀)는 쿨롱힘 계산에서 거리 또는 전하를 잘못 적용했다.
  • ④ 1/(16πε₀)는 4 m 거리의 제곱만 반영하고 전하량 4 C의 제곱을 누락한 값이다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 1; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 접지 무한도체 평면은 반대편 같은 거리 2 m에 −4 C의 영상전하가 있다고 치환한다. 실제전하와 영상전하 사이 거리는 4 m이므로 F=(1/(4πε₀))·16/4²=1/(4πε₀) N이다. 정답은 ②이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 1 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

14. 반지름이 r(m)인 반원형 전류 I(A)에 의한 반원의 중심(O) 에서 자계의 세기(AT/m)는?

  1. 2I/r
  2. I/r
  3. I/2r
  4. I/4r
정답과 해설 보기

정답: 4

원호 중심의 자계는 H=Iθ/(4πr)이다. 반원은 θ=π이므로 H=I/(4r)이고 정답은 ④이다.

선지별 해설

  • ① 2I/r는 반원에 대한 비오-사바르 적분값보다 8배 크다.
  • ② I/r는 원호각 계수 θ/(4π)를 반영하지 않았다.
  • ③ I/(2r)는 완전한 원형 도선 중심의 자계이며 반원 값이 아니다.
  • ④ θ=π를 H=Iθ/(4πr)에 넣은 I/(4r)가 맞다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 1; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 원호 중심의 자계는 H=Iθ/(4πr)이다. 반원은 θ=π이므로 H=I/(4r)이고 정답은 ④이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 1 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

15. 진공 중에서 점(0, 1)m의 위치에 -2×10 -9 C의 점전하가 있을 때, 점(2, 0)m에 있는 1C의 점전하에 작용하는 힘은 몇 N인가? (단, 는 단위벡터이다.)

  1. -18/(3√5) x̂ + 36/(3√5) ŷ
  2. -36/(5√5) x̂ + 18/(5√5) ŷ
  3. -36/(3√5) x̂ + 18/(3√5) ŷ
  4. 36/(5√5) x̂ + 18/(5√5) ŷ
정답과 해설 보기

정답: 2

−2 nC 전하에서 (2,0)의 시험전하로 향하는 위치벡터는 (2,−1)이고, 음전하의 인력은 반대 방향이다. F=9×10⁹(−2×10⁻⁹)(2x̂−ŷ)/(√5)³=−36/(5√5)x̂+18/(5√5)ŷ N이다. 정답은 ②이다.

선지별 해설

  • ① 분모를 r³=5√5가 아닌 3√5로 써 거리 제곱 법칙과 맞지 않는다.
  • ② 쿨롱 벡터식에 변위 (2,−1)과 r=√5를 적용한 성분값이다.
  • ③ 분모 3√5는 두 점 사이 거리 √5에서 나올 수 없다.
  • ④ 음전하 방향의 인력이므로 x성분은 음수여야 하는데 양수로 제시됐다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 1; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. −2 nC 전하에서 (2,0)의 시험전하로 향하는 위치벡터는 (2,−1)이고, 음전하의 인력은 반대 방향이다. F=9×10⁹(−2×10⁻⁹)(2x̂−ŷ)/(√5)³=−36/(5√5)x̂+18/(5√5)ŷ N이다. 정답은 ②이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 1 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

16. 내압이 2.0kV이고 정전용량이 각각 0.01μF, 0.02μF, 0.04 μF인 3개의 커패시터를 직렬로 연결했을 때 전체 내압은 몇 V인가?

  1. 1750
  2. 2000
  3. 3500
  4. 4000
정답과 해설 보기

정답: 3

직렬 커패시터에는 같은 전하가 흐르므로 전압은 1/C에 비례한다. 가장 작은 0.01 μF가 2000 V일 때 나머지는 1000 V, 500 V이고 합계 내압은 3500 V이다. 정답은 ③이다.

선지별 해설

  • ① 1750 V는 각 커패시터의 전압분담과 전체 합을 반영하지 못한 값이다.
  • ② 2000 V는 가장 작은 커패시터 하나의 내압일 뿐 직렬 전체 내압이 아니다.
  • ③ 2000+1000+500=3500 V로 세 커패시터의 한계를 동시에 만족한다.
  • ④ 4000 V를 걸면 0.01 μF 커패시터가 2000 V 한계를 넘어선다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 1; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 직렬 커패시터에는 같은 전하가 흐르므로 전압은 1/C에 비례한다. 가장 작은 0.01 μF가 2000 V일 때 나머지는 1000 V, 500 V이고 합계 내압은 3500 V이다. 정답은 ③이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 1 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

17. 그림과 같이 단면적 S(m 2 )가 균일한 환상철심에 권수 N 1 인 A 코일과 권수 N 2 인 B 코일이 있을 때, A코일의 자기 인덕턴스가 L 1 (H)이라면 두 코일의 상호 인덕턴스 M(H) 는? (단, 누설자속은 0이다.)

전기기사 2021년 3회 17번 조건을 자격증3001이 다시 그린 도식
17번 문제 도식
  1. L1N2 / N1
  2. N2 / (L1N1)
  3. L1N1 / N2
  4. N1 / (L1N2)
정답과 해설 보기

정답: 1

누설자속이 0이면 두 코일의 결합계수는 1이고 같은 자로의 인덕턴스는 권수 곱에 비례한다. L₁∝N₁², M∝N₁N₂이므로 M/L₁=N₂/N₁, 즉 M=L₁N₂/N₁이다. 정답은 ①이다.

선지별 해설

  • ① M/L₁=N₂/N₁에서 얻는 L₁N₂/N₁가 맞다.
  • ② N₂/(L₁N₁)는 인덕턴스가 분모에 있어 M의 단위 H가 되지 않는다.
  • ③ L₁N₁/N₂는 권수비가 반대로 적용됐다.
  • ④ N₁/(L₁N₂)는 단위와 권수 의존성이 모두 잘못됐다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 1; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 누설자속이 0이면 두 코일의 결합계수는 1이고 같은 자로의 인덕턴스는 권수 곱에 비례한다. L₁∝N₁², M∝N₁N₂이므로 M/L₁=N₂/N₁, 즉 M=L₁N₂/N₁이다. 정답은 ①이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 1 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

18. 간격 d(m), 면적 S(m 2 )의 평행판 전극 사이에 유전율이 ε 인 유전체가 있다. 전극 간에 v(t)=Vmsinωt의 전압을 가했을 때, 유전체 속의 변위전류밀도(A/m 2 )는?

  1. (e*omega*V_m)/(d) cos(omega*t)
  2. (e*omega*V_m)/(d) sin(omega*t)
  3. (e*V_m)/(omega*d) cos(omega*t)
  4. (e*V_m)/(omega*d) sin(omega*t)
정답과 해설 보기

정답: 1

변위전류밀도는 Jd=∂D/∂t=ε∂E/∂t이다. E=v/d=(Vm/d)sinωt이므로 Jd=(εωVm/d)cosωt이다. 정답은 ①이다.

선지별 해설

  • ① v(t)를 시간 미분해 얻는 εωVm cosωt/d가 맞다.
  • ② 미분하면 sin이 cos로 바뀌므로 sinωt 항은 틀렸다.
  • ③ 시간 미분에서는 ω가 곱해져야 하며 분모로 가지 않는다.
  • ④ ω가 분모인 데다 위상도 sin으로 남아 두 가지가 모두 틀렸다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 1; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 변위전류밀도는 Jd=∂D/∂t=ε∂E/∂t이다. E=v/d=(Vm/d)sinωt이므로 Jd=(εωVm/d)cosωt이다. 정답은 ①이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 1 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

19. 속도 v의 전자가 평등자계 내에 수직으로 들어갈 때, 이 전자에 대한 설명으로 옳은 것은?

  1. 구면위에서 회전하고 구의 반지름은 자계의 세기에 비례한다.
  2. 원운동을 하고 원의 반지름은 자계의 세기에 비례한다.
  3. 원운동을 하고 원의 반지름은 자계의 세기에 반비례한다.
  4. 원운동을 하고 원의 반지름은 전자의 처음 속도의 제곱에 비례한다.
정답과 해설 보기

정답: 3

속도와 자계가 수직이면 로런츠힘 |q|vB가 속도에 수직으로 작용해 등속 원운동을 만든다. mv²/r=|q|vB에서 r=mv/(|q|B)이므로 반지름은 자계 세기에 반비례한다. 정답은 ③이다.

선지별 해설

  • ① 궤적은 구면이 아니라 속도와 자계에 수직인 평면의 원이며 B에도 비례하지 않는다.
  • ② 원운동은 맞지만 r=mv/(|q|B)이므로 B에 비례한다는 부분이 틀렸다.
  • ③ 원운동을 하고 반지름이 자계 세기 B에 반비례하므로 맞다.
  • ④ 반지름은 초기속도 v에 1차 비례하며 v²에 비례하지 않는다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 1; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 속도와 자계가 수직이면 로런츠힘 |q|vB가 속도에 수직으로 작용해 등속 원운동을 만든다. mv²/r=|q|vB에서 r=mv/(|q|B)이므로 반지름은 자계 세기에 반비례한다. 정답은 ③이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 1 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

20. 쌍극자 모멘트가 M(C·m)인 전기쌍극자에 의한 임의의 점 P에서의 전계의 크기는 전기쌍극자의 중심에서 축방향과 점 P를 잇는 선분 사이의 각이 얼마일 때 최대가 되는가?

  1. 0
  2. π/2
  3. π/3
  4. π/4
정답과 해설 보기

정답: 1

전기쌍극자의 원거리 전계 크기는 |E|=(p/(4πεr³))√(1+3cos²θ)이다. 이 값은 |cosθ|=1인 쌍극자 축 방향에서 최대이므로 제시 범위에서 θ=0, 정답은 ①이다.

선지별 해설

  • ① θ=0이면 cos²θ=1이 되어 전계 크기가 최대다.
  • ② θ=π/2는 수직이등분선 방향으로 √(1+3cos²θ)가 최소다.
  • ③ θ=π/3에서는 cos²θ=1/4이므로 축 방향보다 작다.
  • ④ θ=π/4에서도 cos²θ=1/2로 최대 조건을 만족하지 않는다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 1; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 전기쌍극자의 원거리 전계 크기는 |E|=(p/(4πεr³))√(1+3cos²θ)이다. 이 값은 |cosθ|=1인 쌍극자 축 방향에서 최대이므로 제시 범위에서 θ=0, 정답은 ①이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 1 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

전기기사 · 전력공학

21. 동작 시간에 따른 보호 계전기의 분류와 이에 대한 설명으로 틀린 것은?

  1. 순한시 계전기는 설정된 최소동작전류 이상의 전류가 흐르면 즉시 동작한다.
  2. 반한시 계전기는 동작시간이 전류값의 크기에 따라 변하는 것으로 전류값이 클수록 느리게 동작하고 반대로 전류값이 작아질수록 빠르게 동작하는 계전기이다.
  3. 정한시 계전기는 설정된 값 이상의 전류가 흘렀을 때 동작 전류의 크기와는 관계없이 항상 일정한 시간 후에 동작하는 계전기이다.
  4. 반한시·정한시 계전기는 어느 전류값까지는 반한시성이지만 그 이상이 되면 정한시로 동작하는 계전기이다.
정답과 해설 보기

정답: 2

반한시 과전류계전기는 동작전류가 클수록 동작시간이 짧아지는 역시간 특성을 가진다. 따라서 '전류가 클수록 느리다'고 한 ②가 틀렸다.

선지별 해설

  • ① 순한시는 정정값을 넘으면 의도적 지연 없이 동작하는 방식이므로 맞다.
  • ② 반한시는 전류가 클수록 더 빨리 동작하므로 설명의 빠름·느림이 뒤바뀌었다.
  • ③ 정한시는 정정값 이상에서 전류 크기와 무관하게 설정시간 뒤 동작한다.
  • ④ 반한시·정한시 특성은 일정 범위까지 역시간, 그 이상에서 일정시간으로 동작한다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 반한시 과전류계전기는 동작전류가 클수록 동작시간이 짧아지는 역시간 특성을 가진다. 따라서 '전류가 클수록 느리다'고 한 ②가 틀렸다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

22. 환상선로의 단락보호에 주로 사용하는 계전방식은?

  1. 비율차동계전방식
  2. 방향거리계전방식
  3. 과전류계전방식
  4. 선택접지계전방식
정답과 해설 보기

정답: 2

환상선로는 고장점으로 전류가 양방향에서 공급될 수 있어 전류 크기만으로 선택성이 부족하다. 고장 방향과 거리를 함께 판별하는 방향거리계전방식이 적합하므로 정답은 ②이다.

선지별 해설

  • ① 비율차동은 변압기·모선처럼 경계 양단 전류를 비교하는 보호에 주로 쓴다.
  • ② 환상선로의 양방향 전원 조건에서 방향성과 고장거리를 판별할 수 있어 맞다.
  • ③ 단순 과전류방식은 양방향 고장전류가 흐르는 환상망에서 선택협조가 어렵다.
  • ④ 선택접지는 지락 회선 판별용이며 환상선로 전체 단락의 주보호 방식이 아니다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 환상선로는 고장점으로 전류가 양방향에서 공급될 수 있어 전류 크기만으로 선택성이 부족하다. 고장 방향과 거리를 함께 판별하는 방향거리계전방식이 적합하므로 정답은 ②이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

23. 옥내배선을 단상 2선식에서 단상 3선식으로 변경하였을 때, 전선 1선당 공급전력은 약 몇 배 증가하는가? (단, 선간전압(단상 3선식의 경우는 중성선과 타선간의 전압), 선로전류(중성선의 전류 제외) 및 역률은 같다.)

  1. 0.71
  2. 1.33
  3. 1.41
  4. 1.73
정답과 해설 보기

정답: 2

선간(또는 선-중성선) 전압 V, 선전류 I, 역률이 같다고 두면 단상 2선식은 P=VI를 2선이 담당해 1선당 P/2이다. 단상 3선식은 P=2VI를 3선이 담당해 1선당 2P/3이므로 비는 (2/3)/(1/2)=4/3≈1.33이다. 정답은 ②이다.

선지별 해설

  • ① 0.71은 전선 이용률을 2선식보다 낮게 본 값으로 4/3 계산과 맞지 않는다.
  • ② 4/3=1.333…이므로 1.33배가 맞다.
  • ③ 1.41은 √2로, 단상 3선식의 전선 수와 두 부하분을 비교한 값이 아니다.
  • ④ 1.73은 √3으로 3상 선간·상전압 관계에 쓰이는 계수다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 선간(또는 선-중성선) 전압 V, 선전류 I, 역률이 같다고 두면 단상 2선식은 P=VI를 2선이 담당해 1선당 P/2이다. 단상 3선식은 P=2VI를 3선이 담당해 1선당 2P/3이므로 비는 (2/3)/(1/2)=4/3≈1.33이다. 정답은 ②이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

24. 3상용 차단기의 정격차단용량은 그 차단기의 정격전압과 정격차단전류와의 곱을 몇 배한 것인가?

  1. 1/√2
  2. 1/√3
  3. √2
  4. √3
정답과 해설 보기

정답: 4

평형 3상 차단기의 차단용량은 S=√3·정격전압·정격차단전류이다. 따라서 곱하는 계수는 √3이고 정답은 ④이다.

선지별 해설

  • ① 1/√2는 정현파 최대값과 실효값 관계의 역계수로 3상 용량식이 아니다.
  • ② 1/√3은 상전압 환산계수이지 3상 전체 용량의 곱셈계수가 아니다.
  • ③ √2는 최대값 환산계수이며 3상 전력 합산과 무관하다.
  • ④ 선간전압과 선전류로 3상 용량을 구할 때 √3을 곱한다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 평형 3상 차단기의 차단용량은 S=√3·정격전압·정격차단전류이다. 따라서 곱하는 계수는 √3이고 정답은 ④이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

25. 유효낙차 100m. 최대 유량 20m 3 /s의 수차가 있다. 낙차가 81m로 감소하면 유량(m 3 /s)은? (단, 수차에서 발생되는 손실 등은 무시하며 수차 효율은 일정하다.)

  1. 15
  2. 18
  3. 24
  4. 30
정답과 해설 보기

정답: 2

같은 수차에서 손실과 효율을 일정하게 보면 유량은 유속, 유속은 √H에 비례한다. Q₂=20√(81/100)=18 m³/s이므로 정답은 ②이다.

선지별 해설

  • ① 15 m³/s는 낙차비의 제곱근 0.9를 적용한 값이 아니다.
  • ② 20×0.9=18 m³/s로 상사관계 Q∝√H를 만족한다.
  • ③ 낙차가 감소했는데 유량이 24 m³/s로 증가하는 것은 조건과 반대다.
  • ④ 30 m³/s 역시 낙차 감소와 수차 상사관계를 만족하지 않는다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 같은 수차에서 손실과 효율을 일정하게 보면 유량은 유속, 유속은 √H에 비례한다. Q₂=20√(81/100)=18 m³/s이므로 정답은 ②이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

26. 단락용량 3000MVA인 모선의 전압이 154kV라면 등가 모선 임피던스(Ω)는 약 얼마인가?

  1. 5.81
  2. 6.21
  3. 7.91
  4. 8.71
정답과 해설 보기

정답: 3

3상 단락용량을 사용한 등가임피던스는 Z=VLL²/Ssc이다. Z=(154×10³)²/(3000×10⁶)=7.905 Ω이므로 약 7.91 Ω, 정답은 ③이다.

선지별 해설

  • ① 5.81 Ω은 154 kV와 3000 MVA를 Z=V²/S에 대입한 값이 아니다.
  • ② 6.21 Ω도 단락용량 정의식의 계산값과 일치하지 않는다.
  • ③ 7.905 Ω을 둘째 자리까지 반올림한 7.91 Ω이 맞다.
  • ④ 8.71 Ω은 주어진 모선전압 또는 단락용량과 맞지 않는다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 3상 단락용량을 사용한 등가임피던스는 Z=VLL²/Ssc이다. Z=(154×10³)²/(3000×10⁶)=7.905 Ω이므로 약 7.91 Ω, 정답은 ③이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

27. 중성점 접지 방식 중 직접접지 송전방식에 대한 설명으로 틀린 것은?

  1. 1선 지락 사고 시 지락전류는 타접지방식에 비하여 최대로 된다.
  2. 1선 지락 사고 시 지락계전기의 동작이 확실하고 선택차단이 가능하다.
  3. 통신선에서의 유도장해는 비접지방식에 비하여 크다.
  4. 기기의 절연레벨을 상승시킬 수 있다.
정답과 해설 보기

정답: 4

직접접지는 지락전류가 커 계전기 검출이 확실하고 건전상 대지전위 상승이 작다. 따라서 기기 절연레벨은 높이는 것이 아니라 낮출 수 있으므로 틀린 것은 ④이다.

선지별 해설

  • ① 접지임피던스가 작아 1선 지락전류가 다른 접지방식보다 크게 흐른다.
  • ② 큰 지락전류 덕분에 지락계전기의 확실한 검출과 선택차단이 가능하다.
  • ③ 지락전류가 커 인접 통신선의 전자유도장해가 비접지보다 커진다.
  • ④ 건전상 전위상승이 작아 절연레벨을 낮출 수 있으므로 '상승'은 반대 설명이다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 직접접지는 지락전류가 커 계전기 검출이 확실하고 건전상 대지전위 상승이 작다. 따라서 기기 절연레벨은 높이는 것이 아니라 낮출 수 있으므로 틀린 것은 ④이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

28. 송전선에 직렬콘덴서를 설치하였을 때의 특징으로 틀린 것은?

  1. 선로 중에서 일어나는 전압강하를 감소시킨다.
  2. 송전전력의 증가를 꾀할 수 있다.
  3. 부하역률이 좋을수록 설치효과가 크다.
  4. 단락사고가 발생하는 경우 사고전류에 의하여 과전압이 발생한다.
정답과 해설 보기

정답: 3

직렬콘덴서는 선로의 유도성 리액턴스를 보상해 전압강하를 줄이고 송전가능전력을 높인다. 무효성분이 큰 저역률 부하일수록 보상효과가 크므로 틀린 것은 ③이다.

선지별 해설

  • ① 직렬용량리액턴스가 선로 유도리액턴스를 상쇄해 전압강하를 줄인다.
  • ② 등가 리액턴스 감소로 안정도 한계와 송전가능전력이 증가한다.
  • ③ 역률이 나쁠수록 리액턴스성 전압강하가 커 보상효과도 크므로 반대로 서술됐다.
  • ④ 단락 대전류가 흐르면 콘덴서 단자에 큰 과전압이 생길 수 있어 보호가 필요하다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 직렬콘덴서는 선로의 유도성 리액턴스를 보상해 전압강하를 줄이고 송전가능전력을 높인다. 무효성분이 큰 저역률 부하일수록 보상효과가 크므로 틀린 것은 ③이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

29. 수압철관의 안지름이 4m인 곳에서의 유속이 4m/s이다. 안지름이 3.5m인 곳에서의 유속(m/s)은 약 얼마인가?

  1. 4.2
  2. 5.2
  3. 6.2
  4. 7.2
정답과 해설 보기

정답: 2

비압축성 정상류의 연속식 A₁v₁=A₂v₂를 쓴다. 원관 면적은 지름의 제곱에 비례하므로 v₂=4×(4/3.5)²=5.224 m/s, 약 5.2 m/s이다. 정답은 ②이다.

선지별 해설

  • ① 4.2 m/s는 지름 감소에 따른 면적비 (4/3.5)²를 충분히 반영하지 못했다.
  • ② 5.224 m/s를 소수 첫째 자리로 반올림한 5.2 m/s가 맞다.
  • ③ 6.2 m/s는 단면적비보다 큰 유속 증가를 적용한 값이다.
  • ④ 7.2 m/s는 연속식 A₁v₁=A₂v₂를 만족하지 않는다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 비압축성 정상류의 연속식 A₁v₁=A₂v₂를 쓴다. 원관 면적은 지름의 제곱에 비례하므로 v₂=4×(4/3.5)²=5.224 m/s, 약 5.2 m/s이다. 정답은 ②이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

30. 경간이 200m인 가공 전선로가 있다. 사용전선의 길이는 경간보다 약 몇 m 더 길어야 하는가? (단, 전선의 1m당 하중은 2kg, 인장하중은 4000kg이고, 풍압하중은 무시하며, 전선의 안전율은 2이다.)

  1. 0.33
  2. 0.61
  3. 1.41
  4. 1.73
정답과 해설 보기

정답: 1

안전율 2이므로 허용장력 T=4000/2=2000 kgf이다. 이도 D=wS²/(8T)=2×200²/(8×2000)=5 m, 포물선 근사 길이 증가는 8D²/(3S)=8×25/(600)=0.333 m이다. 정답은 ①이다.

선지별 해설

  • ① 계산된 포물선 근사 길이 증가 0.333 m와 일치한다.
  • ② 0.61 m는 허용장력 2000 kgf와 이도 5 m를 적용한 결과가 아니다.
  • ③ 1.41 m는 이도 제곱과 경간의 길이 보정식에 맞지 않는다.
  • ④ 1.73 m도 주어진 하중·장력 조건에서 계산되는 값이 아니다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 안전율 2이므로 허용장력 T=4000/2=2000 kgf이다. 이도 D=wS²/(8T)=2×200²/(8×2000)=5 m, 포물선 근사 길이 증가는 8D²/(3S)=8×25/(600)=0.333 m이다. 정답은 ①이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

31. 송전선로에서 현수 애자련의 연면 섬락과 가장 관계가 먼 것은?

  1. 댐퍼
  2. 철탑 접지 저항
  3. 현수 애자련의 개수
  4. 현수 애자련의 소손
정답과 해설 보기

정답: 1

현수애자련의 연면 섬락은 절연거리·오손·애자 손상·철탑 접지와 관련된다. 댐퍼는 전선의 미풍진동을 억제하는 장치이므로 가장 관계가 먼 ①이 정답이다.

선지별 해설

  • ① 댐퍼는 전선 진동과 피로단선을 줄이는 기계 장치로 애자 연면 섬락과 직접 관계가 없다.
  • ② 철탑 접지저항은 뇌격 때 철탑 전위와 역섬락 가능성에 영향을 준다.
  • ③ 애자련 개수는 연면거리와 절연내력을 결정해 섬락과 직접 관련된다.
  • ④ 애자 소손은 절연성능과 연면방전 경로를 악화시켜 섬락과 관련된다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 현수애자련의 연면 섬락은 절연거리·오손·애자 손상·철탑 접지와 관련된다. 댐퍼는 전선의 미풍진동을 억제하는 장치이므로 가장 관계가 먼 ①이 정답이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

32. 전력계통의 중성점 다중 접지방식의 특징으로 옳은 것은?

  1. 통신선의 유도장해가 적다.
  2. 합성 접지 저항이 매우 높다.
  3. 건전상의 전위 상승이 매우 높다.
  4. 지락보호 계전기의 동작이 확실하다.
정답과 해설 보기

정답: 4

중성점 다중접지는 여러 접지점 때문에 합성접지저항이 낮고 지락전류가 커서 보호계전기가 확실히 동작한다. 정답은 ④이다.

선지별 해설

  • ① 큰 지락전류가 통신선에 유도되므로 유도장해가 적다는 설명은 틀렸다.
  • ② 병렬인 여러 접지전극 때문에 합성접지저항은 매우 낮아진다.
  • ③ 중성점 전위가 접지에 고정돼 건전상 대지전위 상승은 억제된다.
  • ④ 지락전류가 충분히 커 지락보호계전기의 검출과 동작이 확실하다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 중성점 다중접지는 여러 접지점 때문에 합성접지저항이 낮고 지락전류가 커서 보호계전기가 확실히 동작한다. 정답은 ④이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

33. 전력계통의 전압조정설비에 대한 특징으로 틀린 것은?

  1. 병렬콘덴서는 진상능력만을 가지며 병렬리액터는 진상능력이 없다.
  2. 동기조상기는 조정의 단계가 불연속적이나 직렬콘덴서 및 병렬리액터는 연속적이다.
  3. 동기조상기는 무효전력의 공급과 흡수가 모두 가능하여 진상 및 지상용량을 갖는다.
  4. 병렬리액터는 경부하시에 계통 전압이 상승하는 것을 억제하기 위하여 초고압송전선 등에 설치된다.
정답과 해설 보기

정답: 2

동기조상기는 여자전류를 연속 조절해 무효전력을 연속적으로 공급·흡수한다. 반면 콘덴서와 리액터는 뱅크 투입 단위로 불연속 조정하므로 ②가 틀렸다.

선지별 해설

  • ① 병렬콘덴서는 진상 무효전력을 공급하고 병렬리액터는 이를 흡수하므로 진상능력이 없다는 구분이 맞다.
  • ② 연속·불연속의 주체가 반대로 쓰였다. 동기조상기가 연속, 정지형 뱅크가 단계식이다.
  • ③ 과여자·부족여자로 무효전력의 공급과 흡수가 모두 가능하다.
  • ④ 병렬리액터는 경부하 충전무효전력을 흡수해 페란티 전압상승을 억제한다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 동기조상기는 여자전류를 연속 조절해 무효전력을 연속적으로 공급·흡수한다. 반면 콘덴서와 리액터는 뱅크 투입 단위로 불연속 조정하므로 ②가 틀렸다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

34. 변압기 보호용 비율차동계전기를 사용하여 △-Y 결선의 변압기를 보호하려고 한다. 이때 변압기 1, 2차측에 설치하는 변류기의 결선 방식은? (단, 위상 보정기능이 없는 경우이다.)

  1. △ – △
  2. △ – Y
  3. Y – △
  4. Y – Y
정답과 해설 보기

정답: 3

Δ-Y 변압기는 1·2차 전류에 30° 위상차가 생긴다. 위상보정 기능이 없는 차동계전기에서는 CT를 변압기 결선과 반대로 1차 Y, 2차 Δ로 결선해 이를 상쇄한다. 정답은 ③이다.

선지별 해설

  • ① CT를 양쪽 모두 Δ로 하면 변압기의 30° 위상차가 보정되지 않는다.
  • ② Δ-Y CT는 변압기와 같은 위상변위를 더해 차동전류가 남는다.
  • ③ 변압기 Δ-Y에 반대인 CT Y-Δ를 적용하면 비교전류 위상이 맞는다.
  • ④ 양쪽 Y도 위상보정이 없어 정상부하에서 차동전류가 발생한다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. Δ-Y 변압기는 1·2차 전류에 30° 위상차가 생긴다. 위상보정 기능이 없는 차동계전기에서는 CT를 변압기 결선과 반대로 1차 Y, 2차 Δ로 결선해 이를 상쇄한다. 정답은 ③이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

35. 송전선로에 단도체 대신 복도체를 사용하는 경우에 나타나는 현상으로 틀린 것은?

  1. 전선의 작용인덕턴스를 감소시킨다.
  2. 선로의 작용정전용량을 증가시킨다.
  3. 전선 표면의 전위경도를 저감시킨다.
  4. 전선의 코로나 임계전압을 저감시킨다.
정답과 해설 보기

정답: 4

복도체는 등가반지름을 키워 인덕턴스를 낮추고 정전용량과 코로나 임계전압을 높이며 표면 전위경도를 낮춘다. 따라서 '임계전압을 저감'한다는 ④가 틀렸다.

선지별 해설

  • ① 등가 기하평균반지름 증가로 선로 인덕턴스가 감소한다.
  • ② 도체의 등가반지름 증가로 대지·상간 정전용량은 증가한다.
  • ③ 전하가 여러 소도체에 분산돼 표면 전위경도가 낮아진다.
  • ④ 표면 전계가 줄어 코로나 시작전압은 높아지므로 '저감'은 반대다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 복도체는 등가반지름을 키워 인덕턴스를 낮추고 정전용량과 코로나 임계전압을 높이며 표면 전위경도를 낮춘다. 따라서 '임계전압을 저감'한다는 ④가 틀렸다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

36. 어느 화력발전소에서 40000kWh를 발전하는데 발열량 860kcal/kg의 석탄이 60톤 사용된다. 이 발전소의 열효율 (%)은 약 얼마인가?

  1. 56.7
  2. 66.7
  3. 76.7
  4. 86.7
정답과 해설 보기

정답: 2

발전전력 40000 kWh의 열량환산은 40000×860=34.4×10⁶ kcal이다. 석탄 투입열은 60000 kg×860=51.6×10⁶ kcal이므로 η=34.4/51.6×100=66.7%, 정답은 ②이다.

선지별 해설

  • ① 56.7%는 출력열량과 투입열량의 실제 비 2/3와 맞지 않는다.
  • ② 34.4×10⁶/51.6×10⁶=0.6667이므로 66.7%가 맞다.
  • ③ 76.7%는 발전전력 또는 석탄질량을 잘못 환산한 값이다.
  • ④ 86.7%는 주어진 저발열량과 사용량으로 계산되는 효율이 아니다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 발전전력 40000 kWh의 열량환산은 40000×860=34.4×10⁶ kcal이다. 석탄 투입열은 60000 kg×860=51.6×10⁶ kcal이므로 η=34.4/51.6×100=66.7%, 정답은 ②이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

37. 가공송전선의 코로나 임계전압에 영향을 미치는 여러 가지 인자에 대한 설명 중 틀린 것은?

  1. 전선표면이 매끈할수록 임계전압이 낮아진다.
  2. 날씨가 흐릴수록 임계전압은 낮아진다.
  3. 기압이 낮을수록, 온도가 높을수록 임계전압은 낮아진다.
  4. 전선의 반지름이 클수록 임계전압은 높아진다.
정답과 해설 보기

정답: 1

코로나 임계전압은 표면이 매끈하고 도체 반지름·공기밀도가 클수록 높다. 흐린 날, 낮은 기압, 높은 온도는 낮춘다. 따라서 ①이 틀렸다.

선지별 해설

  • ① 표면이 매끈하면 국부 전계집중이 줄어 임계전압은 높아지므로 서술이 반대다.
  • ② 습기·비 등 악천후는 표면 상태를 악화시켜 코로나 임계전압을 낮춘다.
  • ③ 낮은 기압과 높은 온도는 공기밀도를 낮춰 절연파괴가 쉽게 시작된다.
  • ④ 반지름이 커지면 표면 전계가 낮아져 임계전압이 높아진다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 코로나 임계전압은 표면이 매끈하고 도체 반지름·공기밀도가 클수록 높다. 흐린 날, 낮은 기압, 높은 온도는 낮춘다. 따라서 ①이 틀렸다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

38. 송전선의 특성 임피던스의 특징으로 옳은 것은?

  1. 선로의 길이가 길어질수록 값이 커진다.
  2. 선로의 길이가 길어질수록 값이 작아진다.
  3. 선로의 길이에 따라 값이 변하지 않는다.
  4. 부하용량에 따라 값이 변한다.
정답과 해설 보기

정답: 3

분포정수선로의 특성임피던스는 Z₀=√((R+jωL)/(G+jωC))이고 무손실이면 √(L/C)이다. 단위길이 정수의 비이므로 전체 선로 길이와 무관하다. 정답은 ③이다.

선지별 해설

  • ① 길이는 전파상수와 입력임피던스에는 영향을 주지만 Z₀ 자체를 증가시키지 않는다.
  • ② 같은 이유로 선로가 길어진다고 Z₀가 감소하지 않는다.
  • ③ Z₀는 단위길이 R,L,G,C로 정해져 전체 길이에 따라 변하지 않는다.
  • ④ 부하용량은 반사와 입력임피던스에 영향을 주지만 선로 고유 Z₀를 바꾸지 않는다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 분포정수선로의 특성임피던스는 Z₀=√((R+jωL)/(G+jωC))이고 무손실이면 √(L/C)이다. 단위길이 정수의 비이므로 전체 선로 길이와 무관하다. 정답은 ③이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

39. 송전 선로의 보호 계전 방식이 아닌 것은?

  1. 전류 위상 비교 방식
  2. 전류 차동 보호 계전 방식
  3. 방향비교 방식
  4. 전압 균형 방식
정답과 해설 보기

정답: 4

송전선 보호에는 전류차동, 전류위상비교, 방향비교·거리방식 등이 사용된다. 전압균형방식은 표준적인 송전선 주보호 분류가 아니므로 정답은 ④이다.

선지별 해설

  • ① 양단 전류의 위상을 비교해 내부·외부 고장을 구별하는 선로보호 방식이다.
  • ② 보호구간 양단 전류차를 비교하는 전류차동은 대표적인 선로 주보호다.
  • ③ 고장전력 또는 전류의 방향을 비교하는 방식도 송전선 보호에 쓰인다.
  • ④ 전압균형은 이 문항의 송전선 보호계전 방식 분류에 해당하지 않는다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 송전선 보호에는 전류차동, 전류위상비교, 방향비교·거리방식 등이 사용된다. 전압균형방식은 표준적인 송전선 주보호 분류가 아니므로 정답은 ④이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

40. 선로고장 발생 시 고장전류를 차단할 수 없어 리클로저와 같이 차단 기능이 있는 후비보호장치와 함께 설치되어야 하는 장치는?

  1. 배선용차단기
  2. 유입개폐기
  3. 컷아웃스위치
  4. 섹셔널라이저
정답과 해설 보기

정답: 4

섹셔널라이저는 고장전류를 계수하지만 자체 차단능력은 없다. 후비 리클로저가 회로를 무전압으로 만든 동안 개방해 고장구간을 분리하므로 정답은 ④이다.

선지별 해설

  • ① 배선용차단기는 저압회로에서 과전류를 직접 차단하는 장치다.
  • ② 유입개폐기는 절연유를 쓰는 개폐장치로 문제의 자동 구간분리 기능과 다르다.
  • ③ 컷아웃스위치는 배전변압기 분기 보호·개방용 퓨즈장치다.
  • ④ 자체 고장전류 차단 없이 리클로저와 협조해 무전압 때 구간을 분리하는 장치다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 섹셔널라이저는 고장전류를 계수하지만 자체 차단능력은 없다. 후비 리클로저가 회로를 무전압으로 만든 동안 개방해 고장구간을 분리하므로 정답은 ④이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

전기기사 · 전기기기

41. 3상 변압기를 병렬 운전하는 조건으로 틀린 것은?

  1. 각 변압기의 극성이 같을 것
  2. 각 변압기의 %임피던스 강하가 같을 것
  3. 각 변압기의 1차와 2차 정격전압과 변압비가 같을 것
  4. 각 변압기의 1차와 2차 선간전압의 위상변위가 다를 것
정답과 해설 보기

정답: 4

3상 변압기 병렬운전은 극성, 변압비·정격전압, %임피던스와 위상변위가 같아야 한다. 위상변위가 다르면 큰 순환전류가 흐르므로 틀린 것은 ④이다.

선지별 해설

  • ① 극성이 다르면 2차측을 병렬로 연결할 때 사실상 단락이 될 수 있어 반드시 같아야 한다.
  • ② %임피던스가 같아야 부하가 정격용량에 비례해 고르게 분담된다.
  • ③ 무부하 순환전류를 막으려면 1·2차 정격전압과 변압비가 같아야 한다.
  • ④ 선간전압의 위상변위는 달라야 하는 것이 아니라 같아야 하므로 틀렸다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 3상 변압기 병렬운전은 극성, 변압비·정격전압, %임피던스와 위상변위가 같아야 한다. 위상변위가 다르면 큰 순환전류가 흐르므로 틀린 것은 ④이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

42. 직류 직권전동기에서 분류 저항기를 직권권선에 병렬로 접속해 여자전류를 가감시켜 속도를 제어하는 방법은?

  1. 저항 제어
  2. 전압 제어
  3. 계자 제어
  4. 직·병렬 제어
정답과 해설 보기

정답: 3

직류 직권전동기의 직권계자에 분류저항을 병렬로 달면 계자전류와 자속을 조절한다. 자속 변화로 속도를 제어하므로 계자제어, 정답은 ③이다.

선지별 해설

  • ① 저항제어는 주회로에 직렬저항을 넣어 전압강하를 바꾸는 방식이다.
  • ② 전압제어는 단자전압 자체를 조절하는 방식으로 계자분류기와 다르다.
  • ③ 직권권선에 병렬저항을 연결해 계자전류를 바꾸므로 계자제어가 맞다.
  • ④ 직·병렬제어는 복수 전동기의 접속을 전환하는 전압제어 계열이다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 직류 직권전동기의 직권계자에 분류저항을 병렬로 달면 계자전류와 자속을 조절한다. 자속 변화로 속도를 제어하므로 계자제어, 정답은 ③이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

43. 직류발전기의 특성곡선에서 각 축에 해당하는 항목으로 틀린 것은?

  1. 외부특성곡선: 부하전류와 단자전압
  2. 부하특성곡선: 계자전류와 단자전압
  3. 내부특성곡선 : 무부하전류와 단자전압
  4. 무부하특성곡선 : 계자전류와 유도기전력
정답과 해설 보기

정답: 3

직류발전기의 내부특성곡선은 부하전류와 유기기전력의 관계다. '무부하전류와 단자전압'이라고 한 ③이 틀렸다.

선지별 해설

  • ① 외부특성은 부하전류 변화에 따른 단자전압 관계를 나타낸다.
  • ② 부하특성은 일정 단자전압을 유지하는 계자전류와 부하전류 관계로 기술되며 제시 취지에 맞다.
  • ③ 내부특성의 가로축은 부하전류, 세로축은 유기기전력이지 무부하전류·단자전압이 아니다.
  • ④ 무부하특성은 계자전류와 무부하 유기기전력의 관계다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 직류발전기의 내부특성곡선은 부하전류와 유기기전력의 관계다. '무부하전류와 단자전압'이라고 한 ③이 틀렸다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

44. 60Hz, 600rpm의 동기전동기에 직결된 기동용 유도전동기의 극수는?

  1. 6
  2. 8
  3. 10
  4. 12
정답과 해설 보기

정답: 3

60 Hz, 600 rpm 동기전동기는 P=120f/N=12극이다. 기동용 유도전동기는 슬립 후에도 600 rpm을 넘겨 동기기를 끌어올려야 하므로 동기속도 720 rpm인 10극을 쓴다. 정답은 ③이다.

선지별 해설

  • ① 6극의 동기속도는 1200 rpm으로 필요 이상 높고 표준 기동 결합 조건이 아니다.
  • ② 8극은 900 rpm으로 12극 동기기의 바로 위 표준 극수 선택이 아니다.
  • ③ 10극의 동기속도는 720 rpm이라 슬립을 고려해 600 rpm 동기기를 기동할 수 있다.
  • ④ 12극 유도기의 동기속도 자체가 600 rpm이어서 실제 회전속도는 슬립 때문에 600 rpm 미만이다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 60 Hz, 600 rpm 동기전동기는 P=120f/N=12극이다. 기동용 유도전동기는 슬립 후에도 600 rpm을 넘겨 동기기를 끌어올려야 하므로 동기속도 720 rpm인 10극을 쓴다. 정답은 ③이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

45. 다이오드를 사용한 정류회로에서 다이오드를 여러 개 직렬로 연결하면 어떻게 되는가?

  1. 전력공급의 중대
  2. 출력전압의 맥동률을 감소
  3. 다이오드를 과전류로부터 보호
  4. 다이오드를 과전압으로부터 보호
정답과 해설 보기

정답: 4

다이오드를 직렬로 연결하면 역전압을 여러 소자가 분담해 전체 허용 역전압이 커진다. 따라서 과전압 보호 목적의 ④가 정답이다.

선지별 해설

  • ① 직렬연결은 전원 자체의 공급전력을 늘리는 방법이 아니다.
  • ② 맥동률은 정류상수·필터로 줄이며 다이오드 직렬 개수만 늘려 줄어들지 않는다.
  • ③ 과전류 분담은 병렬연결의 목적이며 직렬에서는 같은 전류가 흐른다.
  • ④ 각 다이오드가 역전압을 나눠 부담하므로 과전압 내량을 높인다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 다이오드를 직렬로 연결하면 역전압을 여러 소자가 분담해 전체 허용 역전압이 커진다. 따라서 과전압 보호 목적의 ④가 정답이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

46. 4극, 60Hz인 3상 유도전동기가 있다. 1725rpm으로 회전하고 있을 때, 2차 기전력의 주파수(Hz)는?

  1. 2.5
  2. 5
  3. 7.5
  4. 10
정답과 해설 보기

정답: 1

4극 60 Hz 유도전동기의 동기속도는 1800 rpm이다. 슬립 s=(1800−1725)/1800=1/24이고 2차 주파수 f₂=sf=60/24=2.5 Hz이다. 정답은 ①이다.

선지별 해설

  • ① 슬립 1/24에 60 Hz를 곱한 2.5 Hz가 맞다.
  • ② 5 Hz는 실제 슬립의 두 배를 적용한 값이다.
  • ③ 7.5 Hz는 속도차 75 rpm을 곧바로 주파수처럼 취급한 오류에 가깝다.
  • ④ 10 Hz는 s=(Ns−N)/Ns를 적용한 결과가 아니다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 4극 60 Hz 유도전동기의 동기속도는 1800 rpm이다. 슬립 s=(1800−1725)/1800=1/24이고 2차 주파수 f₂=sf=60/24=2.5 Hz이다. 정답은 ①이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

47. 직류 분권전동기의 전압이 일정할 때 부하토크가 2배로 증가하면 부하전류는 약 몇 배가 되는가?

  1. 1
  2. 2
  3. 3
  4. 4
정답과 해설 보기

정답: 2

분권전동기는 전압이 일정하면 계자자속이 거의 일정하고 토크 T∝ΦIa≈Ia이다. 부하토크가 2배면 전기자전류와 부하전류도 약 2배이므로 정답은 ②이다.

선지별 해설

  • ① 전류가 그대로면 자속 일정 조건에서 토크도 그대로여서 2배 부하를 낼 수 없다.
  • ② T∝Ia이므로 토크 2배에 필요한 전류도 약 2배다.
  • ③ 3배 전류는 필요한 토크 증가보다 크다.
  • ④ 4배는 직권전동기의 T∝I² 관계를 거꾸로 혼동한 값이다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 분권전동기는 전압이 일정하면 계자자속이 거의 일정하고 토크 T∝ΦIa≈Ia이다. 부하토크가 2배면 전기자전류와 부하전류도 약 2배이므로 정답은 ②이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

48. 유도전동기의 슬립을 측정하려고 한다. 다음 중 슬립의 측정법이 아닌 것은?

  1. 수화기법
  2. 직류밀리볼트계법
  3. 스트로보스코프법
  4. 프로니브레이크법
정답과 해설 보기

정답: 4

유도전동기 슬립은 수화기법, 직류밀리볼트계법, 스트로보스코프법 등으로 측정한다. 프로니 브레이크는 축토크·출력을 재는 부하시험 장치이므로 정답은 ④이다.

선지별 해설

  • ① 회전자 주파수에 따른 소리를 이용하는 수화기법은 슬립 측정법이다.
  • ② 회전자 유기전압의 저주파 변화를 읽는 직류밀리볼트계법도 슬립 측정에 쓴다.
  • ③ 회전 표시를 빛의 점멸과 비교하는 스트로보스코프법으로 속도·슬립을 잴 수 있다.
  • ④ 프로니 브레이크는 제동력과 축토크를 측정하며 슬립의 직접 측정법이 아니다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 유도전동기 슬립은 수화기법, 직류밀리볼트계법, 스트로보스코프법 등으로 측정한다. 프로니 브레이크는 축토크·출력을 재는 부하시험 장치이므로 정답은 ④이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

49. 정격출력 10000kVA, 정격전압 6600V, 정격역률 0.8인 3 상 비돌극 동기발전기가 있다. 여자를 정격상태로 유지할 때 이 발전기의 최대 출력은 약 몇 kW 인가? (단, 1상의 동기 리액턴스를 0.9pu라 하고 저항은 무시한다.)

  1. 17089
  2. 18889
  3. 21259
  4. 23619
정답과 해설 보기

정답: 2

정격을 기준으로 V=1 pu, I=0.8−j0.6 pu이다. E=V+jXI=1+j0.9(0.8−j0.6)=1.54+j0.72, |E|=1.7 pu. 비돌극기의 Pmax=EV/X=1.7/0.9=1.8889 pu이므로 10000 kVA 기준 18889 kW이다. 정답은 ②이다.

선지별 해설

  • ① 17089 kW는 계산된 |E|=1.7 pu와 X=0.9 pu를 Pmax식에 정확히 적용한 값이 아니다.
  • ② 1.8889 pu×10000 kVA=18889 kW로 최대출력 계산과 일치한다.
  • ③ 21259 kW는 내부 유기기전력의 복소수 합을 잘못 처리한 값이다.
  • ④ 23619 kW도 EV/X와 주어진 정격기준을 만족하지 않는다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 정격을 기준으로 V=1 pu, I=0.8−j0.6 pu이다. E=V+jXI=1+j0.9(0.8−j0.6)=1.54+j0.72, |E|=1.7 pu. 비돌극기의 Pmax=EV/X=1.7/0.9=1.8889 pu이므로 10000 kVA 기준 18889 kW이다. 정답은 ②이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

50. 단상 반파정류회로에서 직류전압의 평균값 210 V를 얻는데 필요한 변압기 2차 전압의 실효값은 약 몇 V 인가? (단, 부하는 순 저항이고, 정류기의 전압강하 평균값은 15V로 한다.)

  1. 400
  2. 433
  3. 500
  4. 566
정답과 해설 보기

정답: 3

단상 반파 정류의 이상 평균전압은 0.45Vrms이다. 평균 전압강하 15 V 뒤에 210 V가 필요하므로 0.45Vrms−15=210, Vrms=225/0.45=500 V이다. 정답은 ③이다.

선지별 해설

  • ① 400 V이면 이상 평균도 180 V라 전압강하 전부터 목표 210 V에 못 미친다.
  • ② 433 V이면 0.45×433−15≈180 V로 부족하다.
  • ③ 0.45×500−15=210 V이므로 조건을 정확히 만족한다.
  • ④ 566 V이면 평균 출력이 약 240 V로 목표보다 높다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 단상 반파 정류의 이상 평균전압은 0.45Vrms이다. 평균 전압강하 15 V 뒤에 210 V가 필요하므로 0.45Vrms−15=210, Vrms=225/0.45=500 V이다. 정답은 ③이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

51. 변압기유에 요구되는 특성으로 틀린 것은?

  1. 점도가 클 것
  2. 응고점이 낮을 것
  3. 인화점이 높을 것
  4. 절연 내력이 클 것
정답과 해설 보기

정답: 1

변압기유는 절연과 냉각을 위해 절연내력·인화점이 높고 응고점·점도가 낮아야 한다. '점도가 클 것'이라는 ①이 틀렸다.

선지별 해설

  • ① 점도가 크면 유순환과 냉각이 나빠지므로 요구특성과 반대다.
  • ② 낮은 응고점은 저온에서도 유동성을 유지하게 한다.
  • ③ 높은 인화점은 운전온도에서 화재위험을 줄인다.
  • ④ 높은 절연내력은 권선·철심 사이 전기절연에 필수다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 변압기유는 절연과 냉각을 위해 절연내력·인화점이 높고 응고점·점도가 낮아야 한다. '점도가 클 것'이라는 ①이 틀렸다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

52. 100kVA, 2300/115V, 철손 1kW, 전부하동손 1.25kW의 변압기가 있다. 이 변압기는 매일 무부하로 10시간, 1/2정격부하 역률 1에서 8시간, 전부하 역률 0.8(지상)에서 6시간 운전하고 있다면 전일효율은 약 몇 % 인가?

  1. 93.3
  2. 94.3
  3. 95.3
  4. 96.3
정답과 해설 보기

정답: 4

하루 출력전력량은 50 kW×8 h+80 kW×6 h=880 kWh이다. 철손은 1×24=24 kWh, 동손은 1.25×0.5²×8+1.25×1²×6=10 kWh이다. 전일효율은 880/(880+34)=96.28%, 약 96.3%로 정답은 ④이다.

선지별 해설

  • ① 93.3%는 철손 24시간과 부하율 제곱 동손을 적용한 결과가 아니다.
  • ② 94.3% 역시 일일 출력 880 kWh와 총손실 34 kWh의 비와 맞지 않는다.
  • ③ 95.3%는 동손 또는 철손의 운전시간을 과대 적용한 값에 가깝다.
  • ④ 880/914×100=96.28%를 반올림한 96.3%가 맞다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 하루 출력전력량은 50 kW×8 h+80 kW×6 h=880 kWh이다. 철손은 1×24=24 kWh, 동손은 1.25×0.5²×8+1.25×1²×6=10 kWh이다. 전일효율은 880/(880+34)=96.28%, 약 96.3%로 정답은 ④이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

53. 3상 유도전동기에서 고조파 회전자계가 기본파 회전방향과 역방향인 고조파는?

  1. 제3고조파
  2. 제5고조파
  3. 제7고조파
  4. 제13고조파
정답과 해설 보기

정답: 2

3상 권선의 공간고조파 중 6k+1차는 기본파와 같은 방향, 6k−1차는 역방향, 3배수는 영상분이다. 제5고조파는 6×1−1이므로 역방향이고 정답은 ②이다.

선지별 해설

  • ① 제3고조파는 세 상이 동상인 영상분으로 정상적인 회전자계를 만들지 않는다.
  • ② 제5고조파는 6k−1 계열이라 기본파와 반대 방향으로 회전한다.
  • ③ 제7고조파는 6k+1 계열이라 기본파와 같은 방향이다.
  • ④ 제13고조파도 6k+1 계열이라 같은 방향이다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 3상 권선의 공간고조파 중 6k+1차는 기본파와 같은 방향, 6k−1차는 역방향, 3배수는 영상분이다. 제5고조파는 6×1−1이므로 역방향이고 정답은 ②이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

54. 직류 분권전동기의 기동 시에 정격전압을 공급하면 전기자 전류가 많이 흐르다가 회전속도가 점점 증가함에 따라 전기자전류가 감소하는 원인은?

  1. 전기자반작용의 증가
  2. 전기자권선의 저항증가
  3. 브러시의 접촉저항증가
  4. 전동기의 역기전력상승
정답과 해설 보기

정답: 4

분권전동기 기동 순간에는 역기전력 E가 0이라 Ia=(V−E)/Ra가 매우 크다. 속도가 오르면 E=kΦω가 상승해 V−E가 작아지므로 전기자전류가 감소한다. 정답은 ④이다.

선지별 해설

  • ① 전기자반작용 증가는 주된 전류감소 원인이 아니며 오히려 자속에 영향을 준다.
  • ② 짧은 기동 중 권선저항 증가만으로 큰 전류감소를 설명할 수 없다.
  • ③ 브러시 접촉저항의 증가가 속도에 따른 정상적인 전류감소 원리가 아니다.
  • ④ 속도에 비례하는 역기전력이 올라 전기자 유효전압이 줄어드는 것이 직접 원인이다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 분권전동기 기동 순간에는 역기전력 E가 0이라 Ia=(V−E)/Ra가 매우 크다. 속도가 오르면 E=kΦω가 상승해 V−E가 작아지므로 전기자전류가 감소한다. 정답은 ④이다.

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55. 변압기의 전압변동률에 대한 설명으로 틀린 것은?

  1. 일반적으로 부하변동에 대하여 2차 단자전압의 변동이 작을수록 좋다.
  2. 전부하시와 무부하시의 2차 단자전압이 서로 다른 정도를 표시하는 것이다.
  3. 인가전압이 일정한 상태에서 무부하 2차 단자전압에 반비례한다.
  4. 전압변동률은 전등의 광도, 수명, 전동기의 출력 등에 영향을 미친다.
정답과 해설 보기

정답: 3

전압변동률은 보통 (무부하 2차전압−전부하 2차전압)/전부하 2차전압×100으로 정의한다. 무부하 전압에 반비례한다고 한 ③은 정의식의 분모가 잘못되어 틀렸다.

선지별 해설

  • ① 부하변동에도 2차전압이 일정하도록 전압변동률이 작을수록 좋다.
  • ② 무부하와 전부하 단자전압 차이를 정격전압에 대한 비로 표시하는 지표다.
  • ③ 표준 정의의 분모는 전부하 2차 단자전압이므로 무부하 전압에 반비례한다는 설명이 틀렸다.
  • ④ 공급전압 변동은 조명 광도·수명과 전동기 출력·토크에 영향을 준다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 전압변동률은 보통 (무부하 2차전압−전부하 2차전압)/전부하 2차전압×100으로 정의한다. 무부하 전압에 반비례한다고 한 ③은 정의식의 분모가 잘못되어 틀렸다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

56. 1상의 유도기전력이 6000 V인 동기발전기에서 1분간 회전수를 900rpm에서 1800rpm으로 하면 유도기전력은 약 몇 V 인가?

  1. 6000
  2. 12000
  3. 24000
  4. 36000
정답과 해설 보기

정답: 2

자속과 권수 조건이 일정한 동기발전기의 유도기전력은 주파수, 즉 회전수에 비례한다. 회전수가 900→1800 rpm으로 2배이므로 6000→12000 V, 정답은 ②이다.

선지별 해설

  • ① 6000 V는 회전수를 두 배로 올린 영향을 반영하지 않은 값이다.
  • ② E₂/E₁=N₂/N₁=2이므로 12000 V가 맞다.
  • ③ 24000 V는 회전수비를 네 배로 잘못 적용한 값이다.
  • ④ 36000 V는 주어진 속도비 2와 유도기전력 비례관계를 만족하지 않는다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 자속과 권수 조건이 일정한 동기발전기의 유도기전력은 주파수, 즉 회전수에 비례한다. 회전수가 900→1800 rpm으로 2배이므로 6000→12000 V, 정답은 ②이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

57. 변압기 내부고장 검출을 위해 사용하는 계전기가 아닌 것은?

  1. 과전압 계전기
  2. 비율차동 계전기
  3. 부흐홀츠 계전기
  4. 충격 압력 계전기
정답과 해설 보기

정답: 1

변압기 내부고장은 권선 차동, 유중가스, 급격한 내부압력으로 검출한다. 과전압계전기는 계통전압 이상을 검출할 뿐 내부고장 전용이 아니므로 정답은 ①이다.

선지별 해설

  • ① 과전압계전기는 단자전압 상승을 감시하며 내부고장을 직접 판별하지 않는다.
  • ② 비율차동계전기는 1·2차 전류차로 보호구간 내부고장을 검출한다.
  • ③ 부흐홀츠계전기는 유입변압기 내부고장 때 발생하는 가스·유류 흐름을 검출한다.
  • ④ 충격압력계전기는 내부 아크로 인한 급격한 압력상승을 검출한다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 변압기 내부고장은 권선 차동, 유중가스, 급격한 내부압력으로 검출한다. 과전압계전기는 계통전압 이상을 검출할 뿐 내부고장 전용이 아니므로 정답은 ①이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

58. 권선형 유도전동기의 2차 여자법 중 2차 단자에서 나오는 전력을 동력으로 바꿔서 직류전동기에 가하는 방식은?

  1. 회생방식
  2. 크레머방식
  3. 플러깅방식
  4. 세르비우스방식
정답과 해설 보기

정답: 2

권선형 유도전동기의 슬립전력을 기계적으로 변환해 직류전동기에 공급하고 그 축출력을 주전동기 축에 되돌리는 방식이 크레머방식이다. 정답은 ②이다.

선지별 해설

  • ① 회생은 전동기의 운동에너지를 전원으로 되돌리는 운전 상태를 넓게 이르는 말이다.
  • ② 2차 전력을 정류·기계변환해 직류전동기로 축에 되돌리는 크레머방식이 맞다.
  • ③ 플러깅은 상순서나 전기자 접속을 바꿔 역토크로 급제동하는 방식이다.
  • ④ 세르비우스방식은 슬립전력을 전기적으로 계통에 반환하는 방식이다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 권선형 유도전동기의 슬립전력을 기계적으로 변환해 직류전동기에 공급하고 그 축출력을 주전동기 축에 되돌리는 방식이 크레머방식이다. 정답은 ②이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

59. 동기조상기의 구조상 특징으로 틀린 것은?

  1. 고정자는 수차발전기와 같다.
  2. 안전 운전용 제동권선이 설치된다.
  3. 계자 코일이나 자극이 대단히 크다.
  4. 전동기 축은 동력을 전달하는 관계로 비교적 굵다.
정답과 해설 보기

정답: 4

동기조상기는 기계부하를 구동하지 않아 축으로 큰 동력을 전달할 필요가 없다. 따라서 축이 비교적 굵다는 ④가 틀렸다.

선지별 해설

  • ① 동기조상기는 동기기 구조를 가지며 수차발전기형과 유사한 고정자 구성이 사용된다.
  • ② 안정 운전과 기동을 돕는 제동권선이 설치된다.
  • ③ 큰 진상·지상 무효전력 조정을 위해 계자계통과 자극 용량이 크게 설계된다.
  • ④ 기계출력을 전달하지 않으므로 굵은 동력전달축이 필요하다는 설명은 틀렸다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 동기조상기는 기계부하를 구동하지 않아 축으로 큰 동력을 전달할 필요가 없다. 따라서 축이 비교적 굵다는 ④가 틀렸다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

60. 75W 이하의 소출력 단상 직권정류자 전동기의 용도로 적합하지 않은 것은?

  1. 믹서
  2. 소형공구
  3. 공작기계
  4. 치과의료용
정답과 해설 보기

정답: 3

75 W 이하 소출력 단상 직권정류자전동기(유니버설 모터)는 고속·소형인 믹서, 휴대공구, 치과기기에 적합하다. 더 큰 정격과 정밀성을 요구하는 공작기계에는 부적합하므로 정답은 ③이다.

선지별 해설

  • ① 믹서는 소형·고속 구동이 필요해 대표적인 유니버설 모터 용도다.
  • ② 소형공구도 큰 기동토크와 고속이 유리해 적합하다.
  • ③ 일반 공작기계는 75 W 이하 소출력 범위를 넘는 지속토크·정밀속도제어가 필요하다.
  • ④ 치과용 소형 회전기기는 소형·고속 특성과 맞는다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 75 W 이하 소출력 단상 직권정류자전동기(유니버설 모터)는 고속·소형인 믹서, 휴대공구, 치과기기에 적합하다. 더 큰 정격과 정밀성을 요구하는 공작기계에는 부적합하므로 정답은 ③이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 4 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

전기기사 · 회로이론 및 제어공학

61. 그림의 제어시스템이 안정하기 위한 K의 범위는?

전기기사 2021년 3회 61번 조건을 자격증3001이 다시 그린 도식
61번 문제 도식
  1. 0<K<3
  2. 0<K<4
  3. 0<K<5
  4. 0<K<6
정답과 해설 보기

정답: 1

단위 음의 피드백에서 특성방정식은 s(s+1)(s+2)+2K=0, 즉 s³+3s²+2s+2K=0이다. 3차 Routh 조건은 2K>0, 3×2>2K이므로 0<K<3, 정답은 ①이다.

선지별 해설

  • ① K>0과 6−2K>0을 동시에 만족하는 0<K<3이 정확한 안정범위다.
  • ② 3≤K<4에서는 Routh s¹행 선두항이 0 이하가 되어 안정하지 않다.
  • ③ 3≤K<5 구간을 포함하므로 안정범위가 너무 넓다.
  • ④ K가 3 이상이면 허수축 경계 또는 우반평면 근이 생기므로 6까지 허용할 수 없다.

정답 판정: 미국 에너지부 Instrumentation and Control Volume 2; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 단위 음의 피드백에서 특성방정식은 s(s+1)(s+2)+2K=0, 즉 s³+3s²+2s+2K=0이다. 3차 Routh 조건은 2K>0, 3×2>2K이므로 0<K<3, 정답은 ①이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Instrumentation and Control Volume 2 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

62. 블록선도의 전달함수가 C(s)/R(s)=10과 같이 되기 위한 조건은?

전기기사 2021년 3회 62번 조건을 자격증3001이 다시 그린 도식
62번 문제 도식
  1. G(s) = 1/(1 – H 1 (s) – H 2 (s))
  2. G(s) = 10/(1 – H 1 (s) – H 2 (s))
  3. G(s) = 1/(1 – 10H 1 (s) – 10H 2 (s))
  4. G(s) = 10/(1 – 10H 1 (s) – 10H 2 (s))
정답과 해설 보기

정답: 4

두 음의 피드백이 같은 출력에서 합산점으로 돌아오므로 C/R=G/[1+G(H₁+H₂)]이다. 이를 10으로 놓고 풀면 G=10/[1−10H₁−10H₂]이므로 정답은 ④이다.

선지별 해설

  • ① 분자 1이고 피드백항에 G 또는 목표이득 10의 반영이 없어 조건식이 아니다.
  • ② 분자는 10이나 분모의 H₁,H₂에 목표이득 10이 곱해져야 한다.
  • ③ 분모 구조는 맞지만 분자가 1이면 C/R=10 조건을 만족하지 않는다.
  • ④ 폐루프식 G/[1+G(H₁+H₂)]=10을 G에 대해 정리한 정확한 식이다.

정답 판정: 미국 에너지부 Instrumentation and Control Volume 2; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 두 음의 피드백이 같은 출력에서 합산점으로 돌아오므로 C/R=G/[1+G(H₁+H₂)]이다. 이를 10으로 놓고 풀면 G=10/[1−10H₁−10H₂]이므로 정답은 ④이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Instrumentation and Control Volume 2 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

63. 주파수 전달함수가 G(jw)= 1/j100ω 인 제어시스템에서 ω =1.0rad/s 일 때의 이득(dB)과 위상각(°)은 각각 얼마인가?

  1. 20dB, 90°
  2. 40dB, 90°
  3. -20dB, -90°
  4. -40dB, -90°
정답과 해설 보기

정답: 4

ω=1에서 |G|=1/(100ω)=0.01이고 20log₁₀0.01=−40 dB이다. 1/j의 위상은 −90°이므로 정답은 ④이다.

선지별 해설

  • ① 크기 0.01은 +20 dB가 아니라 −40 dB이고 위상도 +90°가 아니다.
  • ② +40 dB는 |G|=100일 때의 값으로 현재 크기의 역수다.
  • ③ −20 dB는 |G|=0.1일 때이며 주어진 1/100과 맞지 않는다.
  • ④ 20log₁₀(10⁻²)=−40 dB, ∠(1/j)=−90°로 둘 다 맞다.

정답 판정: 미국 에너지부 Instrumentation and Control Volume 2; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. ω=1에서 |G|=1/(100ω)=0.01이고 20log₁₀0.01=−40 dB이다. 1/j의 위상은 −90°이므로 정답은 ④이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Instrumentation and Control Volume 2 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

64. 개루프 전달함수가 다음과 같은 제어시스템의 근궤적이 jω (허수)축과 교차할 때 K는 얼마인가?

  1. 30
  2. 48
  3. 84
  4. 180
정답과 해설 보기

정답: 3

1+K/[s(s+3)(s+4)]=0에서 특성다항식은 s³+7s²+12s+K이다. Routh의 s¹행이 0이 되는 허수축 교차 조건은 7×12−K=0이므로 K=84, 정답은 ③이다.

선지별 해설

  • ① K=30이면 Routh 첫 열이 모두 양수여서 아직 허수축 교차점이 아니다.
  • ② K=48도 84−K>0이므로 안정영역 내부다.
  • ③ K=84에서 s¹행이 0이 되어 근궤적이 허수축과 만난다.
  • ④ K=180이면 84−K<0이어서 이미 우반평면 근을 가진 불안정 영역이다.

정답 판정: 미국 에너지부 Instrumentation and Control Volume 2; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 1+K/[s(s+3)(s+4)]=0에서 특성다항식은 s³+7s²+12s+K이다. Routh의 s¹행이 0이 되는 허수축 교차 조건은 7×12−K=0이므로 K=84, 정답은 ③이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Instrumentation and Control Volume 2 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

65. 그림과 같은 신호흐름선도에서 C(s)/R(s) 는?

전기기사 2021년 3회 65번 조건을 자격증3001이 다시 그린 도식
65번 문제 도식
  1. -6/38
  2. 6/38
  3. -6/41
  4. 6/41
정답과 해설 보기

정답: 1

메이슨 공식에서 전방경로 이득은 1×2×3×1=6이다. 루프 이득은 3×5=15와 2×3×4=24이고 서로 접하므로 Δ=1−15−24=−38이다. C/R=6/(−38)=−6/38, 정답은 ①이다.

선지별 해설

  • ① 전방경로 6을 Δ=−38로 나눈 −6/38이 맞다.
  • ② 분모 38의 부호가 틀렸다. 두 루프를 빼면 Δ는 −38이다.
  • ③ −6/41은 두 루프 합 또는 Δ 계산이 잘못된 값이다.
  • ④ 6/41은 분모 크기와 부호를 모두 잘못 계산했다.

정답 판정: 미국 에너지부 Instrumentation and Control Volume 2; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 메이슨 공식에서 전방경로 이득은 1×2×3×1=6이다. 루프 이득은 3×5=15와 2×3×4=24이고 서로 접하므로 Δ=1−15−24=−38이다. C/R=6/(−38)=−6/38, 정답은 ①이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Instrumentation and Control Volume 2 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

66. 단위계단 함수 u(t)를 z 변환하면?

  1. 1/(z-1)
  2. z/(z-1)
  3. 1/(Tz-1)
  4. Tz/(Tz-1)
정답과 해설 보기

정답: 2

이산 단위계단 u[k]=1(k≥0)의 Z변환은 Σ₀∞z⁻ᵏ=1/(1−z⁻¹)=z/(z−1)이다. 정답은 ②이다.

선지별 해설

  • ① 1/(z−1)은 올바른 결과 z/(z−1)에서 분자 z가 누락됐다.
  • ② 기하급수 합으로 얻는 z/(z−1)이 맞으며 수렴영역은 |z|>1이다.
  • ③ 1/(Tz−1)은 샘플링주기 T가 잘못 들어간 식이다.
  • ④ Tz/(Tz−1)도 단위계단 표준 Z변환에 T를 불필요하게 포함했다.

정답 판정: 미국 에너지부 Instrumentation and Control Volume 2; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 이산 단위계단 u[k]=1(k≥0)의 Z변환은 Σ₀∞z⁻ᵏ=1/(1−z⁻¹)=z/(z−1)이다. 정답은 ②이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Instrumentation and Control Volume 2 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

67. 제어요소의 표준 형식인 적분요소에 대한 전달함수는? (단, K는 상수이다.)

  1. Ks
  2. K/s
  3. K
  4. K/(1+TS)
정답과 해설 보기

정답: 2

적분요소는 y(t)=K∫x(t)dt이고 영초기조건에서 Y(s)/X(s)=K/s이다. 정답은 ②이다.

선지별 해설

  • ① Ks는 입력을 미분하는 미분요소의 전달함수다.
  • ② 시간적분이 라플라스 영역에서 1/s가 되므로 K/s가 맞다.
  • ③ K는 입력을 일정비로만 증폭하며 적분 동특성이 없는 비례요소다.
  • ④ K/(1+Ts)는 시정수 T를 가진 1차 지연요소다.

정답 판정: 미국 에너지부 Instrumentation and Control Volume 2; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 적분요소는 y(t)=K∫x(t)dt이고 영초기조건에서 Y(s)/X(s)=K/s이다. 정답은 ②이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Instrumentation and Control Volume 2 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

68. 그림의 논리회로와 등가인 논리식은?

전기기사 2021년 3회 68번 조건을 자격증3001이 다시 그린 도식
68번 문제 도식
  1. Y=A·B·C·D
  2. Y=A·B+C·D
  3. Y = A·B + C·D
  4. Y = ( A + B )·( C + D )
정답과 해설 보기

정답: 2

첫 두 게이트 출력은 (AB)̅와 (CD)̅이고 마지막도 NAND이므로 Y=[(AB)̅(CD)̅]̅이다. 드모르간 법칙을 적용하면 Y=AB+CD, 정답은 ②이다.

선지별 해설

  • ① ABCD는 네 입력이 모두 1일 때만 1이지만 실제 회로는 AB 또는 CD 한 쌍만 1이어도 출력 1이다.
  • ② 2단 NAND-NAND 구조를 드모르간 변환한 AB+CD가 맞다.
  • ③ 선택지의 전체 부정식은 AB+CD를 다시 부정한 형태로 회로 출력과 반대다.
  • ④ (A+B)(C+D)는 입력쌍의 OR 후 AND로 현재 NAND 결선과 다르다.

정답 판정: 미국 에너지부 Instrumentation and Control Volume 2; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 첫 두 게이트 출력은 (AB)̅와 (CD)̅이고 마지막도 NAND이므로 Y=[(AB)̅(CD)̅]̅이다. 드모르간 법칙을 적용하면 Y=AB+CD, 정답은 ②이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Instrumentation and Control Volume 2 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

69. 다음과 같은 상태방정식으로 표현되는 제어시스템에 대한 특성방정식의 근(s1, s2)은?

전기기사 2021년 3회 69번 조건을 자격증3001이 다시 그린 도식
69번 문제 도식
  1. 1, -3
  2. -1, -2
  3. -2, -3
  4. -1, -3
정답과 해설 보기

정답: 3

상태행렬 A=[[0,−3],[2,−5]]의 특성방정식은 det(sI−A)=s(s+5)+6=s²+5s+6=(s+2)(s+3)이다. 근은 −2, −3이므로 정답은 ③이다.

선지별 해설

  • ① 1, −3은 근의 합 −2로, 행렬의 대각합 −5와 일치하지 않는다.
  • ② −1, −2는 곱 2로 행렬식 6과 일치하지 않는다.
  • ③ 합 −5, 곱 6인 −2와 −3이 특성방정식을 만족한다.
  • ④ −1, −3은 합 −4·곱 3이라 trace와 determinant 조건이 모두 다르다.

정답 판정: 미국 에너지부 Instrumentation and Control Volume 2; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 상태행렬 A=[[0,−3],[2,−5]]의 특성방정식은 det(sI−A)=s(s+5)+6=s²+5s+6=(s+2)(s+3)이다. 근은 −2, −3이므로 정답은 ③이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Instrumentation and Control Volume 2 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

70. 블록선도의 제어시스템은 단위 램프 입력에 대한 정상상태 오차(정상편차)가 0.01이다. 이 제어시스템의 제어요소인 GC 1 (s)의 k는?

전기기사 2021년 3회 70번 조건을 자격증3001이 다시 그린 도식
70번 문제 도식
  1. 0.1
  2. 1
  3. 10
  4. 100
정답과 해설 보기

정답: 3

단위피드백 1형 시스템의 램프 정상오차는 ess=1/Kv이다. Kv=lim(s→0)s·k·(1+0.1s)/(1+0.2s)·20/[s(s+1)(s+2)]=10k이므로 0.01=1/(10k), k=10이다. 정답은 ③이다.

선지별 해설

  • ① k=0.1이면 Kv=1, 램프오차는 1로 주어진 0.01보다 크다.
  • ② k=1이면 Kv=10, 램프오차는 0.1이다.
  • ③ k=10이면 Kv=100이고 ess=1/100=0.01을 만족한다.
  • ④ k=100이면 램프오차가 0.001로 주어진 값보다 작다.

정답 판정: 미국 에너지부 Instrumentation and Control Volume 2; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 단위피드백 1형 시스템의 램프 정상오차는 ess=1/Kv이다. Kv=lim(s→0)s·k·(1+0.1s)/(1+0.2s)·20/[s(s+1)(s+2)]=10k이므로 0.01=1/(10k), k=10이다. 정답은 ③이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Instrumentation and Control Volume 2 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

71. 평형 3상 부하에 선간전압의 크기가 200V인 평형 3상 전압을 인가했을 때 흐르는 선전류의 크기가 8.6A이고 무효전력이 1298var이었다. 이때 이 부하의 역률은 약 얼마인가?

  1. 0.6
  2. 0.7
  3. 0.8
  4. 0.9
정답과 해설 보기

정답: 4

3상 무효전력 Q=√3VLI Lsinφ이다. sinφ=1298/(√3×200×8.6)=0.4357, cosφ=√(1−sin²φ)=0.900이므로 정답은 ④이다.

선지별 해설

  • ① 역률 0.6이면 sinφ=0.8이라 무효전력이 약 2383 var로 커진다.
  • ② 역률 0.7도 대응 무효전력이 주어진 1298 var와 맞지 않는다.
  • ③ 역률 0.8이면 sinφ=0.6으로 Q≈1787 var이다.
  • ④ 계산한 cosφ≈0.900이므로 역률 0.9가 맞다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 3상 무효전력 Q=√3VLI Lsinφ이다. sinφ=1298/(√3×200×8.6)=0.4357, cosφ=√(1−sin²φ)=0.900이므로 정답은 ④이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

72. 단위 길이당 인덕턴스 및 커패시턴스가 각각 L 및 C일 때 전송선로의 특성 임피던스는? (단, 전송선로는 무손실 선로이다.)

  1. sqrt(L/C)
  2. sqrt(C/L)
  3. LC
  4. 1/sqrt(LC)
정답과 해설 보기

정답: 1

일반 전송선의 특성임피던스는 √((R+jωL)/(G+jωC))이다. 무손실선로에서 R=G=0이므로 Z₀=√(L/C), 정답은 ①이다.

선지별 해설

  • ① 무손실 조건을 일반식에 대입한 √(L/C)가 맞다.
  • ② √(C/L)은 특성임피던스의 역수인 특성어드미턴스다.
  • ③ LC는 단위가 Ω²가 아니어서 임피던스가 될 수 없다.
  • ④ 1/√(LC)는 파동속도 또는 각주파수 관계에 나타나는 형태이지 Z₀가 아니다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 일반 전송선의 특성임피던스는 √((R+jωL)/(G+jωC))이다. 무손실선로에서 R=G=0이므로 Z₀=√(L/C), 정답은 ①이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

73. 각상의 전류가 ia(t)=90sinωt(A), ib(t)=90sin(ωt-90°)(A), ic(t)=90sin(ωt+90°)(A)일 때 영상분 전류(A)의 순시치는?

  1. 30cosωt
  2. 30sinωt
  3. 90sinωt
  4. 90cosωt
정답과 해설 보기

정답: 2

영상분 순시전류는 i₀=(ia+ib+ic)/3이다. sin(θ−90°)+sin(θ+90°)=−cosθ+cosθ=0이므로 i₀=90sinωt/3=30sinωt A, 정답은 ②이다.

선지별 해설

  • ① 두 직교 위상 전류가 상쇄된 뒤 남는 항은 cos가 아니라 sinωt이다.
  • ② 세 상 합의 1/3인 30sinωt가 맞다.
  • ③ 90sinωt는 세 상 합이며 영상분 정의의 1/3을 적용하지 않았다.
  • ④ 90cosωt는 위상과 1/3 계수를 모두 잘못 적용했다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 영상분 순시전류는 i₀=(ia+ib+ic)/3이다. sin(θ−90°)+sin(θ+90°)=−cosθ+cosθ=0이므로 i₀=90sinωt/3=30sinωt A, 정답은 ②이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

74. 내부 임피던스가 0.3+j2(Ω)인 발전기에 임피던스가 1.1+j3(Ω)인 선로를 연결하여 어떤 부하에 전력을 공급하고 있다. 이 부하의 임피던스가 몇 일 때 발전기로부터 부하로 전달되는 전력이 최대가 되는가?

  1. 1.4-j5
  2. 1.4+j5
  3. 1.4
  4. j5
정답과 해설 보기

정답: 1

발전기와 선로의 테브난 임피던스는 (0.3+j2)+(1.1+j3)=1.4+j5 Ω이다. 교류 최대전력전달 조건은 ZL=Zth*=1.4−j5 Ω이므로 정답은 ①이다.

선지별 해설

  • ① 테브난 임피던스의 켤레복소수 1.4−j5 Ω가 맞다.
  • ② 1.4+j5 Ω는 전원측 임피던스 자체이며 리액턴스를 상쇄하지 못한다.
  • ③ 1.4 Ω만 두면 저항은 맞지만 +j5를 상쇄할 −j5가 없어 최대가 아니다.
  • ④ j5 Ω는 저항성분과 켤레 조건을 모두 만족하지 않는다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 발전기와 선로의 테브난 임피던스는 (0.3+j2)+(1.1+j3)=1.4+j5 Ω이다. 교류 최대전력전달 조건은 ZL=Zth*=1.4−j5 Ω이므로 정답은 ①이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

75. 그림과 같은 파형의 라플라스 변환은?

전기기사 2021년 3회 75번 조건을 자격증3001이 다시 그린 도식
75번 문제 도식
  1. 1/s^2(1 – 2e^s)
  2. 1/s^2(1 – 2e^-s)
  3. 1/s^2(1 – 2e^s + e^2s)
  4. 1/s^2(1 – 2e^-s + e^-2s)
정답과 해설 보기

정답: 4

0≤t≤1에서 상승하고 1≤t≤2에서 하강하는 삼각파는 f(t)=t·u(t)−2(t−1)u(t−1)+(t−2)u(t−2)이다. 시간지연을 변환하면 F(s)=[1−2e⁻ˢ+e⁻²ˢ]/s², 정답은 ④이다.

선지별 해설

  • ① e^s는 시간지연이 아니라 시간선행에 해당하며 마지막 t=2 보정항도 없다.
  • ② 첫 하강점의 −2e⁻ˢ만 있고 t=2 이후 0으로 만드는 +e⁻²ˢ가 누락됐다.
  • ③ 지연인자를 e의 양의 지수로 써 라플라스 시간지연 정리와 반대다.
  • ④ 두 꺾임 t=1,2를 반영한 [1−2e⁻ˢ+e⁻²ˢ]/s²가 맞다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 0≤t≤1에서 상승하고 1≤t≤2에서 하강하는 삼각파는 f(t)=t·u(t)−2(t−1)u(t−1)+(t−2)u(t−2)이다. 시간지연을 변환하면 F(s)=[1−2e⁻ˢ+e⁻²ˢ]/s², 정답은 ④이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

76. 어떤 회로에서 t=0초에 스위치를 닫은 후 i=2t+3t2(A)의 전류가 흘렀다. 30초까지 스위치를 통과한 총 전기량(Ah)은?

  1. 4.25
  2. 6.75
  3. 7.75
  4. 8.25
정답과 해설 보기

정답: 3

통과 전하는 Q=∫₀³⁰(2t+3t²)dt=[t²+t³]₀³⁰=27900 C이다. 1 Ah=3600 C이므로 27900/3600=7.75 Ah, 정답은 ③이다.

선지별 해설

  • ① 4.25 Ah는 t² 또는 t³ 적분항을 누락한 값이다.
  • ② 6.75 Ah는 27900 C를 Ah로 정확히 환산한 값이 아니다.
  • ③ 전류 시간적분과 3600 C/Ah 환산을 모두 적용한 7.75 Ah가 맞다.
  • ④ 8.25 Ah는 적분상수 또는 끝시간을 잘못 적용한 값이다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 통과 전하는 Q=∫₀³⁰(2t+3t²)dt=[t²+t³]₀³⁰=27900 C이다. 1 Ah=3600 C이므로 27900/3600=7.75 Ah, 정답은 ③이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

77. 전압 v(t)를 RL 직렬회로에 인가했을 때 제3고조파 전류의 실효값(A)의 크기는? (단, R=8Ω, ωL=2Ω, v(t)=100√2sinω t+200√2sin3ωt+50√2sin5ωt(V) 이다.)

  1. 10
  2. 14
  3. 20
  4. 28
정답과 해설 보기

정답: 3

제3고조파 전압의 실효값은 200 V이고 유도리액턴스는 3ωL=6 Ω이다. |Z₃|=√(8²+6²)=10 Ω이므로 I₃=200/10=20 A, 정답은 ③이다.

선지별 해설

  • ① 10 A는 제3고조파 임피던스 10 Ω에 전압 100 V를 잘못 사용한 값이다.
  • ② 14 A는 고조파별 전압·리액턴스 선택이 맞지 않는다.
  • ③ 제3고조파 실효전압 200 V를 10 Ω으로 나눈 20 A가 맞다.
  • ④ 28 A는 R과 3ωL의 벡터합 대신 단순 차 등을 사용한 값에 가깝다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 제3고조파 전압의 실효값은 200 V이고 유도리액턴스는 3ωL=6 Ω이다. |Z₃|=√(8²+6²)=10 Ω이므로 I₃=200/10=20 A, 정답은 ③이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

78. 회로에서 t=0 초에 전압 v1(t)=e-4tV를 인가하였을 때 v2(t) 는 몇 V인가? (단, R=2Ω, L=1H이다.)

전기기사 2021년 3회 78번 조건을 자격증3001이 다시 그린 도식
78번 문제 도식
  1. e-2t-e-4t
  2. 2e-2t-2e-4t
  3. -2e-2t+2e-4t
  4. -2e-2t-2e-4t
정답과 해설 보기

정답: 1

출력이 저항 양단이므로 전달함수는 R/(sL+R)=2/(s+2)이다. V₁(s)=1/(s+4)이므로 V₂(s)=2/[(s+2)(s+4)]=1/(s+2)−1/(s+4), 따라서 v₂=e⁻²ᵗ−e⁻⁴ᵗ V이고 정답은 ①이다.

선지별 해설

  • ① 부분분수 역변환으로 얻는 e⁻²ᵗ−e⁻⁴ᵗ가 맞다.
  • ② 각 지수항에 2를 곱하면 전달함수 분자가 4가 되어 실제 R=2 조건과 맞지 않는다.
  • ③ 두 항의 부호가 뒤바뀌어 t>0에서 출력 극성이 반대가 된다.
  • ④ 두 항이 모두 음수이면 t=0에서 −4 V가 되어 무에너지 인덕터의 초기 출력 조건과도 맞지 않는다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 출력이 저항 양단이므로 전달함수는 R/(sL+R)=2/(s+2)이다. V₁(s)=1/(s+4)이므로 V₂(s)=2/[(s+2)(s+4)]=1/(s+2)−1/(s+4), 따라서 v₂=e⁻²ᵗ−e⁻⁴ᵗ V이고 정답은 ①이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

79. 동일한 저항 R(Ω) 6개를 그림과 같이 결선하고 대칭 3상전압 V(V)를 가하였을 때 전류 I(A)의 크기는?

전기기사 2021년 3회 79번 조건을 자격증3001이 다시 그린 도식
79번 문제 도식
  1. V/R
  2. V/2R
  3. V/4R
  4. V/5R
정답과 해설 보기

정답: 3

부하측 Δ의 각 R을 Y로 바꾸면 각 상은 R/3이다. 각 선의 직렬 R까지 합쳐 상당 임피던스는 4R/3, 선전류는 (V/√3)/(4R/3)=√3V/(4R)이다. Δ 가지전류는 선전류/√3=V/(4R)이므로 정답은 ③이다.

선지별 해설

  • ① V/R은 선측 직렬저항과 Δ-Y 변환을 모두 무시한 값이다.
  • ② V/(2R)은 등가 상임피던스 4R/3 및 Δ 가지전류 관계와 맞지 않는다.
  • ③ Δ-Y 변환과 선전류-가지전류 관계를 적용한 V/(4R)이 맞다.
  • ④ V/(5R)은 변환 후 상회로에 존재하지 않는 추가 R을 포함한 값이다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 부하측 Δ의 각 R을 Y로 바꾸면 각 상은 R/3이다. 각 선의 직렬 R까지 합쳐 상당 임피던스는 4R/3, 선전류는 (V/√3)/(4R/3)=√3V/(4R)이다. Δ 가지전류는 선전류/√3=V/(4R)이므로 정답은 ③이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

80. 어떤 선형 회로망의 4단자 정수가 A=8, B=j2, D=1.625+j 일 때, 이 회로망의 4단자 정수 C는?

  1. 24-j14
  2. 8-j11.5
  3. 4-j6
  4. 3-j4
정답과 해설 보기

정답: 3

상반·수동 선형 2포트의 전송정수는 AD−BC=1을 만족한다. C=(AD−1)/B=[8(1.625+j)−1]/(j2)=(12+j8)/(j2)=4−j6이므로 정답은 ③이다.

선지별 해설

  • ① 24−j14는 AD−BC=1에 대입하면 등식이 성립하지 않는다.
  • ② 8−j11.5도 (AD−1)/B의 복소수 나눗셈 결과가 아니다.
  • ③ 4−j6을 대입하면 AD−BC=1을 만족한다.
  • ④ 3−j4는 분자 12+j8을 j2로 나눈 값과 다르다.

정답 판정: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2; 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 2026-08-30 기준 위 공식·표준 원문을 다시 확인해 계산과 판단을 독립 수행했다. 상반·수동 선형 2포트의 전송정수는 AD−BC=1을 만족한다. C=(AD−1)/B=[8(1.625+j)−1]/(j2)=(12+j8)/(j2)=4−j6이므로 정답은 ③이다.

정답·해설 원문: 미국 에너지부 Electrical Science Volume 2 · 미국 에너지부 Electrical Science Volume 3 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

전기기사 · 전기설비기술기준

81. 저압 옥상전선로의 시설기준으로 틀린 것은?

  1. 전개된 장소에 위험의 우려가 없도록 시설할 것
  2. 전선은 지름 2.6mm 이상의 경동선을 사용할 것
  3. 전선은 절연전선(옥외용 비닐절연전선은 제외)을 사용할 것
  4. 전선은 상시 부는 바람 등에 의하여 식물에 접촉하지 아니하도록 시설하여야 한다.
정답과 해설 보기

정답: 3

2021 KEC 221.3의 저압 옥상전선로 조건에서는 전개된 안전한 장소, 2.6 mm 이상 경동선, 식물 비접촉 조건을 요구하고 옥외용 비닐절연전선을 배제하지 않는다. 따라서 배제한다고 한 ③이 틀렸다.

선지별 해설

  • ① 전개된 장소에 위험 우려가 없도록 시설하는 것은 옥상전선로의 기본 안전조건이다.
  • ② 기계적 강도를 위해 지름 2.6 mm 이상의 경동선 기준을 적용한다.
  • ③ 2021 기준은 옥외용 비닐절연전선을 제외한다고 규정하지 않으므로 이 문장이 틀렸다.
  • ④ 상시 바람에도 전선이 식물과 접촉하지 않도록 이격·지지해야 한다.

정답 판정: 대한전기협회 2021 한국전기설비규정 개정 공고; 대한전기협회 현행 KEC 핸드북 제2장 저압 전기설비; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 시험 정답은 2021년 당시 KEC로 판정하고, 2026-08-30 현행 KEC의 대응 장을 별도 링크했다. 실제 설계·시공에는 현행 원문을 다시 확인해야 한다. 2021 KEC 221.3의 저압 옥상전선로 조건에서는 전개된 안전한 장소, 2.6 mm 이상 경동선, 식물 비접촉 조건을 요구하고 옥외용 비닐절연전선을 배제하지 않는다. 따라서 배제한다고 한 ③이 틀렸다.

정답·해설 원문: 대한전기협회 2021 한국전기설비규정 개정 공고 · 대한전기협회 현행 KEC 핸드북 제2장 저압 전기설비 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

82. 이동형의 용접 전극을 사용하는 아크용접장치의 시설기준으로 틀린 것은?

  1. 용접변압기는 절연변압기일 것
  2. 용접변압기의 1차측 전로의 대지전압은 300V 이하일 것
  3. 용접변압기의 2차측 전로에는 용접변압기에 가까운 곳에 쉽게 개폐할 수 있는 개폐기를 시설할 것
  4. 용접변압기의 2차측 전로 중 용접변압기로부터 용접전극에 이르는 부분의 전로는 용접 시 흐르는 전류를 안전하게 통할 수 있는 것일 것
정답과 해설 보기

정답: 3

2021 KEC 241.10의 이동형 아크용접장치는 절연변압기, 1차 대지전압 300 V 이하, 1차측 개폐기와 충분한 2차 용량을 요구한다. 개폐기를 2차측에 둔다고 한 ③이 틀렸다.

선지별 해설

  • ① 용접변압기는 1·2차를 전기적으로 분리하는 절연변압기여야 한다.
  • ② 1차측 전로의 대지전압은 300 V 이하 조건을 적용한다.
  • ③ 쉽게 개폐할 개폐기는 변압기 1차측에 두므로 2차측이라고 한 부분이 틀렸다.
  • ④ 2차 용접케이블은 용접전류를 과열 없이 안전하게 흘릴 충분한 허용전류가 필요하다.

정답 판정: 대한전기협회 2021 한국전기설비규정 개정 공고; 대한전기협회 현행 KEC 핸드북 제2장 저압 전기설비; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 시험 정답은 2021년 당시 KEC로 판정하고, 2026-08-30 현행 KEC의 대응 장을 별도 링크했다. 실제 설계·시공에는 현행 원문을 다시 확인해야 한다. 2021 KEC 241.10의 이동형 아크용접장치는 절연변압기, 1차 대지전압 300 V 이하, 1차측 개폐기와 충분한 2차 용량을 요구한다. 개폐기를 2차측에 둔다고 한 ③이 틀렸다.

정답·해설 원문: 대한전기협회 2021 한국전기설비규정 개정 공고 · 대한전기협회 현행 KEC 핸드북 제2장 저압 전기설비 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

83. 사용전압이 15kV 초과 25kV 이하인 특고압 가공전선로가 상호 간 접근 또는 교차하는 경우 사용전선이 양쪽 모두 나전선이라면 이격거리는 몇 m 이상이어야 하는가? (단, 중성선 다중접지 방식의 것으로서 전로에 지락이 생겼을 때에 2초 이내에 자동적으로 이를 전로로부터 차단하는 장치가 되어 있다.)

  1. 1.0
  2. 1.2
  3. 1.5
  4. 1.75
정답과 해설 보기

정답: 3

2021 KEC의 25 kV 이하 특고압 가공전선 상호 접근·교차 표에서 양쪽이 나전선이고 2초 이내 자동차단 조건일 때 최소 이격거리는 1.5 m이다. 정답은 ③이다.

선지별 해설

  • ① 1.0 m는 양쪽 나전선 조건의 규정 최소 1.5 m보다 작다.
  • ② 1.2 m도 표의 1.5 m 요구치를 충족하지 못한다.
  • ③ 나전선-나전선, 15 kV 초과 25 kV 이하 조건의 1.5 m가 맞다.
  • ④ 1.75 m는 안전하게 더 띄운 값일 수 있으나 문항이 묻는 최소 규정값은 아니다.

정답 판정: 대한전기협회 2021 한국전기설비규정 개정 공고; 대한전기협회 현행 KEC 핸드북 제3장 고압·특고압 전기설비; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 시험 정답은 2021년 당시 KEC로 판정하고, 2026-08-30 현행 KEC의 대응 장을 별도 링크했다. 실제 설계·시공에는 현행 원문을 다시 확인해야 한다. 2021 KEC의 25 kV 이하 특고압 가공전선 상호 접근·교차 표에서 양쪽이 나전선이고 2초 이내 자동차단 조건일 때 최소 이격거리는 1.5 m이다. 정답은 ③이다.

정답·해설 원문: 대한전기협회 2021 한국전기설비규정 개정 공고 · 대한전기협회 현행 KEC 핸드북 제3장 고압·특고압 전기설비 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

84. 최대사용전압이 1차 22000V, 2차 6600V의 권선으로서 중성점 비접지식 전로에 접속하는 변압기의 특고압측 절연내력 시험전압은?

  1. 24000V
  2. 27500V
  3. 33000V
  4. 44000V
정답과 해설 보기

정답: 2

2021 KEC 절연내력 표에서 중성점 비접지, 최대사용전압 7 kV 초과 60 kV 이하 전로의 시험전압은 최대사용전압의 1.25배이다. 22000×1.25=27500 V이므로 정답은 ②이다.

선지별 해설

  • ① 24000 V는 22000 V의 1.25배에 미달한다.
  • ② 27500 V는 22000×1.25의 정확한 시험전압이다.
  • ③ 33000 V는 1.5배를 적용한 값으로 이 전압·접지방식 구간과 다르다.
  • ④ 44000 V는 최대사용전압의 2배로 표의 계수와 맞지 않는다.

정답 판정: 대한전기협회 2021 한국전기설비규정 개정 공고; 대한전기협회 현행 KEC 핸드북 제3장 고압·특고압 전기설비; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 시험 정답은 2021년 당시 KEC로 판정하고, 2026-08-30 현행 KEC의 대응 장을 별도 링크했다. 실제 설계·시공에는 현행 원문을 다시 확인해야 한다. 2021 KEC 절연내력 표에서 중성점 비접지, 최대사용전압 7 kV 초과 60 kV 이하 전로의 시험전압은 최대사용전압의 1.25배이다. 22000×1.25=27500 V이므로 정답은 ②이다.

정답·해설 원문: 대한전기협회 2021 한국전기설비규정 개정 공고 · 대한전기협회 현행 KEC 핸드북 제3장 고압·특고압 전기설비 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

85. 가공전선로의 지지물로 볼 수 없는 것은?

  1. 철주
  2. 지선
  3. 철탑
  4. 철근 콘크리트주
정답과 해설 보기

정답: 2

가공전선로의 지지물은 전선 등을 지지하는 목주·철주·철근콘크리트주·철탑을 말한다. 지선은 지지물을 보강하는 부속선이므로 지지물 자체가 아니며 정답은 ②이다.

선지별 해설

  • ① 철주는 가공전선을 지지하는 독립 구조물로 지지물에 해당한다.
  • ② 지선은 전주의 불평형 장력을 지반으로 전달하는 보강재이지 지지물 종류가 아니다.
  • ③ 철탑은 특고압 가공선 등을 지지하는 대표적인 지지물이다.
  • ④ 철근콘크리트주도 가공전선로 지지물의 한 종류다.

정답 판정: 대한전기협회 2021 한국전기설비규정 개정 공고; 대한전기협회 현행 KEC 핸드북 제3장 고압·특고압 전기설비; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 시험 정답은 2021년 당시 KEC로 판정하고, 2026-08-30 현행 KEC의 대응 장을 별도 링크했다. 실제 설계·시공에는 현행 원문을 다시 확인해야 한다. 가공전선로의 지지물은 전선 등을 지지하는 목주·철주·철근콘크리트주·철탑을 말한다. 지선은 지지물을 보강하는 부속선이므로 지지물 자체가 아니며 정답은 ②이다.

정답·해설 원문: 대한전기협회 2021 한국전기설비규정 개정 공고 · 대한전기협회 현행 KEC 핸드북 제3장 고압·특고압 전기설비 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

86. 점멸기의 시설에서 센서등(타임스위치 포함)을 시설하여야 하는 곳은?

  1. 공장
  2. 상점
  3. 사무실
  4. 아파트 현관
정답과 해설 보기

정답: 4

2021 KEC 234.6은 일반주택과 아파트 각 호실 현관등에 일정시간 뒤 꺼지는 센서등(타임스위치 포함)을 두도록 정한다. 따라서 정답은 ④이다.

선지별 해설

  • ① 공장 전체 조명을 이 조항의 의무 센서등 장소로 지정한 것은 아니다.
  • ② 상점도 이 문항에서 정한 주택 현관 센서등 의무 장소가 아니다.
  • ③ 일반 사무실은 재실·업무 조명 기준을 따르며 이 특정 현관등 조항의 대상이 아니다.
  • ④ 아파트 각 호실 현관은 자동소등 센서등 적용 대상으로 맞다.

정답 판정: 대한전기협회 2021 한국전기설비규정 개정 공고; 대한전기협회 현행 KEC 핸드북 제2장 저압 전기설비; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 시험 정답은 2021년 당시 KEC로 판정하고, 2026-08-30 현행 KEC의 대응 장을 별도 링크했다. 실제 설계·시공에는 현행 원문을 다시 확인해야 한다. 2021 KEC 234.6은 일반주택과 아파트 각 호실 현관등에 일정시간 뒤 꺼지는 센서등(타임스위치 포함)을 두도록 정한다. 따라서 정답은 ④이다.

정답·해설 원문: 대한전기협회 2021 한국전기설비규정 개정 공고 · 대한전기협회 현행 KEC 핸드북 제2장 저압 전기설비 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

87. 순시조건(t≤0.5초)에서 교류 전기철도 급전시스템에서의 레일 전위의 최대 허용접촉전압(실효값)으로 옳은 것은?

  1. 60V
  2. 65V
  3. 440V
  4. 670V
정답과 해설 보기

정답: 4

2021 KEC 전기철도 레일전위 표에서 교류 급전시스템의 최대 허용접촉전압은 t≤0.5 s의 순시조건에서 670 V(실효값)이다. 정답은 ④이다.

선지별 해설

  • ① 60 V는 장시간 지속 조건에 대응하는 수준이지 순시조건 값이 아니다.
  • ② 65 V는 중간 지속시간 조건에 대응하며 t≤0.5 s 값이 아니다.
  • ③ 440 V는 직류계통 등 다른 표 조건과 혼동한 값이다.
  • ④ 짧은 순시조건에 허용된 교류 실효값 670 V가 맞다.

정답 판정: 대한전기협회 2021 한국전기설비규정 개정 공고; 대한전기협회 현행 KEC 핸드북 제4장 전기철도설비; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 시험 정답은 2021년 당시 KEC로 판정하고, 2026-08-30 현행 KEC의 대응 장을 별도 링크했다. 실제 설계·시공에는 현행 원문을 다시 확인해야 한다. 2021 KEC 전기철도 레일전위 표에서 교류 급전시스템의 최대 허용접촉전압은 t≤0.5 s의 순시조건에서 670 V(실효값)이다. 정답은 ④이다.

정답·해설 원문: 대한전기협회 2021 한국전기설비규정 개정 공고 · 대한전기협회 현행 KEC 핸드북 제4장 전기철도설비 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

88. 전기저장장치의 이차전지에 자동으로 전로로부터 차단하는 장치를 시설하여야 하는 경우로 틀린 것은?

  1. 과저항이 발생한 경우
  2. 과전압이 발생한 경우
  3. 제어장치에 이상이 발생한 경우
  4. 이차전지 모듈의 내부 온도가 급격히 상승할 경우
정답과 해설 보기

정답: 1

2021 KEC의 이차전지 자동차단 조건은 과전류, 과전압, 제어장치 이상, 모듈 내부온도 급상승 등이다. '과저항'은 열거된 고장조건이 아니므로 틀린 것은 ①이다.

선지별 해설

  • ① 규정은 과전류를 요구하며 '과저항'이라는 고장조건을 두지 않아 틀렸다.
  • ② 과전압은 셀 손상·열폭주 위험 때문에 자동 차단조건이다.
  • ③ 보호·제어장치 이상 때 안전상태로 차단해야 한다.
  • ④ 모듈 내부온도의 급격한 상승은 열폭주 징후이므로 차단 대상이다.

정답 판정: 대한전기협회 2021 한국전기설비규정 개정 공고; 대한전기협회 현행 KEC 핸드북 제5장 분산형전원설비; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 시험 정답은 2021년 당시 KEC로 판정하고, 2026-08-30 현행 KEC의 대응 장을 별도 링크했다. 실제 설계·시공에는 현행 원문을 다시 확인해야 한다. 2021 KEC의 이차전지 자동차단 조건은 과전류, 과전압, 제어장치 이상, 모듈 내부온도 급상승 등이다. '과저항'은 열거된 고장조건이 아니므로 틀린 것은 ①이다.

정답·해설 원문: 대한전기협회 2021 한국전기설비규정 개정 공고 · 대한전기협회 현행 KEC 핸드북 제5장 분산형전원설비 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

89. 뱅크용량이 몇 kVA 이상인 조상기에는 그 내부에 고장이 생긴 경우에 자동적으로 이를 전로로부터 차단하는 보호장치를 하여야 하는가?

  1. 10000
  2. 15000
  3. 20000
  4. 25000
정답과 해설 보기

정답: 2

2021 KEC 351.5는 조상설비 뱅크용량이 15000 kVA 이상이면 내부고장 때 자동으로 전로에서 차단하는 보호장치를 요구한다. 정답은 ②이다.

선지별 해설

  • ① 10000 kVA는 규정의 의무 적용 경계 15000 kVA보다 작다.
  • ② 15000 kVA 이상이 내부고장 자동차단 보호장치의 적용 경계다.
  • ③ 20000 kVA 설비도 대상이지만 '몇 kVA 이상'의 시작값은 아니다.
  • ④ 25000 kVA 역시 대상 범위 안의 값일 뿐 최소 경계가 아니다.

정답 판정: 대한전기협회 2021 한국전기설비규정 개정 공고; 대한전기협회 현행 KEC 핸드북 제3장 고압·특고압 전기설비; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 시험 정답은 2021년 당시 KEC로 판정하고, 2026-08-30 현행 KEC의 대응 장을 별도 링크했다. 실제 설계·시공에는 현행 원문을 다시 확인해야 한다. 2021 KEC 351.5는 조상설비 뱅크용량이 15000 kVA 이상이면 내부고장 때 자동으로 전로에서 차단하는 보호장치를 요구한다. 정답은 ②이다.

정답·해설 원문: 대한전기협회 2021 한국전기설비규정 개정 공고 · 대한전기협회 현행 KEC 핸드북 제3장 고압·특고압 전기설비 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

90. 전주외등의 시설 시 사용하는 공사방법으로 틀린 것은?

  1. 애자공사
  2. 케이블공사
  3. 금속관공사
  4. 합성수지관공사
정답과 해설 보기

정답: 1

2021 KEC 234.10의 전주외등 배선은 케이블, 금속관, 합성수지관 등의 정해진 공사방법으로 시설한다. 애자공사는 허용 목록에 없으므로 틀린 것은 ①이다.

선지별 해설

  • ① 전주외등의 허용 배선 공사방법에 애자공사는 포함되지 않는다.
  • ② 케이블공사는 외부환경에 적합한 케이블과 지지·보호 조건으로 사용할 수 있다.
  • ③ 금속관공사는 관의 접지·방식 등 조건을 지켜 사용할 수 있다.
  • ④ 합성수지관공사도 기계적 손상과 외부영향 조건을 만족하면 허용된다.

정답 판정: 대한전기협회 2021 한국전기설비규정 개정 공고; 대한전기협회 현행 KEC 핸드북 제2장 저압 전기설비; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 시험 정답은 2021년 당시 KEC로 판정하고, 2026-08-30 현행 KEC의 대응 장을 별도 링크했다. 실제 설계·시공에는 현행 원문을 다시 확인해야 한다. 2021 KEC 234.10의 전주외등 배선은 케이블, 금속관, 합성수지관 등의 정해진 공사방법으로 시설한다. 애자공사는 허용 목록에 없으므로 틀린 것은 ①이다.

정답·해설 원문: 대한전기협회 2021 한국전기설비규정 개정 공고 · 대한전기협회 현행 KEC 핸드북 제2장 저압 전기설비 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

91. 농사용 저압 가공전선로의 지지점 간 거리는 몇 m 이하이어야 하는가?

  1. 30
  2. 50
  3. 60
  4. 100
정답과 해설 보기

정답: 1

2021 KEC 222.22는 농사용 저압 가공전선로의 지지점 간 거리를 30 m 이하로 제한한다. 정답은 ①이다.

선지별 해설

  • ① 농지의 특례 전선로에 적용하는 최대 경간 30 m가 맞다.
  • ② 50 m는 규정 상한 30 m를 넘어선다.
  • ③ 60 m도 농사용 저압 가공선의 지지점 간 최대거리로 허용되지 않는다.
  • ④ 100 m는 일반 특수 경간과 혼동한 값으로 이 조항의 한도를 크게 넘는다.

정답 판정: 대한전기협회 2021 한국전기설비규정 개정 공고; 대한전기협회 현행 KEC 핸드북 제2장 저압 전기설비; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 시험 정답은 2021년 당시 KEC로 판정하고, 2026-08-30 현행 KEC의 대응 장을 별도 링크했다. 실제 설계·시공에는 현행 원문을 다시 확인해야 한다. 2021 KEC 222.22는 농사용 저압 가공전선로의 지지점 간 거리를 30 m 이하로 제한한다. 정답은 ①이다.

정답·해설 원문: 대한전기협회 2021 한국전기설비규정 개정 공고 · 대한전기협회 현행 KEC 핸드북 제2장 저압 전기설비 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

92. 특고압 가공전선로에서 발생하는 극저주파전계는 지표상 1m에서 몇 kV/m 이하이어야 하는가?

  1. 2.0
  2. 2.5
  3. 3.0
  4. 3.5
정답과 해설 보기

정답: 4

2021 KEC의 특고압 가공전선로 전계 제한은 지표상 1 m에서 극저주파 전계를 3.5 kV/m 이하로 관리하도록 정한다. 정답은 ④이다.

선지별 해설

  • ① 2.0 kV/m는 규정이 정한 상한보다 엄격한 임의값이다.
  • ② 2.5 kV/m도 문항의 규정 상한값이 아니다.
  • ③ 3.0 kV/m는 제시된 측정높이에서의 법정 상한과 다르다.
  • ④ 지표상 1 m 기준 3.5 kV/m 이하가 맞다.

정답 판정: 대한전기협회 2021 한국전기설비규정 개정 공고; 대한전기협회 현행 KEC 핸드북 제3장 고압·특고압 전기설비; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 시험 정답은 2021년 당시 KEC로 판정하고, 2026-08-30 현행 KEC의 대응 장을 별도 링크했다. 실제 설계·시공에는 현행 원문을 다시 확인해야 한다. 2021 KEC의 특고압 가공전선로 전계 제한은 지표상 1 m에서 극저주파 전계를 3.5 kV/m 이하로 관리하도록 정한다. 정답은 ④이다.

정답·해설 원문: 대한전기협회 2021 한국전기설비규정 개정 공고 · 대한전기협회 현행 KEC 핸드북 제3장 고압·특고압 전기설비 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

93. 단면적 55mm 2 인 경동연선을 사용하는 특고압가공전선로의 지지물로 장력에 견디는 형태의 B종 철근 콘크리트주를 사용하는 경우, 허용 최대 경간은 몇 m 인가?

  1. 150
  2. 250
  3. 300
  4. 500
정답과 해설 보기

정답: 4

2021 KEC 특고압 가공선 지지물 간 거리 표에서 55 mm² 경동연선과 장력형 B종 철근콘크리트주 조건의 허용 최대 경간은 500 m이다. 정답은 ④이다.

선지별 해설

  • ① 150 m는 더 약한 지지물·일반 조건의 경간값과 혼동한 값이다.
  • ② 250 m는 문제의 55 mm² 경동연선과 장력형 B종주 조건의 최대값이 아니다.
  • ③ 300 m도 해당 표가 허용하는 500 m 경계보다 작다.
  • ④ 굵은 경동연선과 장력형 B종 철근콘크리트주의 조합에서 500 m가 맞다.

정답 판정: 대한전기협회 2021 한국전기설비규정 개정 공고; 대한전기협회 현행 KEC 핸드북 제3장 고압·특고압 전기설비; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 시험 정답은 2021년 당시 KEC로 판정하고, 2026-08-30 현행 KEC의 대응 장을 별도 링크했다. 실제 설계·시공에는 현행 원문을 다시 확인해야 한다. 2021 KEC 특고압 가공선 지지물 간 거리 표에서 55 mm² 경동연선과 장력형 B종 철근콘크리트주 조건의 허용 최대 경간은 500 m이다. 정답은 ④이다.

정답·해설 원문: 대한전기협회 2021 한국전기설비규정 개정 공고 · 대한전기협회 현행 KEC 핸드북 제3장 고압·특고압 전기설비 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

94. 저압 옥측전선로에서 목조의 조영물에 시설할 수 있는 공사 방법은?

  1. 금속관공사
  2. 버스덕트공사
  3. 합성수지관공사
  4. 케이블공사(무기물절연(MI) 케이블을 사용하는 경우)
정답과 해설 보기

정답: 3

2021 KEC 221.2의 목조 조영물 저압 옥측전선로 허용방식에 합성수지관공사가 포함된다. 다른 선택지는 이 목조 조건의 허용방식이 아니므로 정답은 ③이다.

선지별 해설

  • ① 금속관공사는 이 문항의 목조 옥측전선로 특별 허용방식으로 제시되지 않는다.
  • ② 버스덕트공사는 목조 외벽의 저압 옥측전선로 방법으로 허용되지 않는다.
  • ③ 절연성 관로를 쓰는 합성수지관공사는 목조 조영물에 시설 가능한 방식이다.
  • ④ MI 케이블 조건은 비목조 조영물의 예외와 관련되며 이 목조 조건의 정답이 아니다.

정답 판정: 대한전기협회 2021 한국전기설비규정 개정 공고; 대한전기협회 현행 KEC 핸드북 제2장 저압 전기설비; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 시험 정답은 2021년 당시 KEC로 판정하고, 2026-08-30 현행 KEC의 대응 장을 별도 링크했다. 실제 설계·시공에는 현행 원문을 다시 확인해야 한다. 2021 KEC 221.2의 목조 조영물 저압 옥측전선로 허용방식에 합성수지관공사가 포함된다. 다른 선택지는 이 목조 조건의 허용방식이 아니므로 정답은 ③이다.

정답·해설 원문: 대한전기협회 2021 한국전기설비규정 개정 공고 · 대한전기협회 현행 KEC 핸드북 제2장 저압 전기설비 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

95. 시가지에 시설하는 154kV 가공전선로를 도로와 제1차 접근상태로 시설하는 경우, 전선과 도로와의 이격거리는 몇 m 이상이어야 하는가?

  1. 4.4
  2. 4.8
  3. 5.2
  4. 5.6
정답과 해설 보기

정답: 2

2021 KEC 특고압 가공선과 도로의 제1차 접근 이격은 35 kV 초과 시 3 m에 초과 10 kV 또는 그 단수마다 0.15 m를 더한다. 154 kV는 12단이므로 3+12×0.15=4.8 m, 정답은 ②이다.

선지별 해설

  • ① 4.4 m는 초과전압 119 kV를 10 kV 단위로 올림한 12단 가산과 맞지 않는다.
  • ② 3+1.8=4.8 m로 규정 산식과 일치한다.
  • ③ 5.2 m는 초과전압 단수를 실제보다 크게 잡은 값이다.
  • ④ 5.6 m도 154 kV 제1차 접근의 규정 가산값보다 크며 최소값이 아니다.

정답 판정: 대한전기협회 2021 한국전기설비규정 개정 공고; 대한전기협회 현행 KEC 핸드북 제3장 고압·특고압 전기설비; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 시험 정답은 2021년 당시 KEC로 판정하고, 2026-08-30 현행 KEC의 대응 장을 별도 링크했다. 실제 설계·시공에는 현행 원문을 다시 확인해야 한다. 2021 KEC 특고압 가공선과 도로의 제1차 접근 이격은 35 kV 초과 시 3 m에 초과 10 kV 또는 그 단수마다 0.15 m를 더한다. 154 kV는 12단이므로 3+12×0.15=4.8 m, 정답은 ②이다.

정답·해설 원문: 대한전기협회 2021 한국전기설비규정 개정 공고 · 대한전기협회 현행 KEC 핸드북 제3장 고압·특고압 전기설비 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

96. 귀선로에 대한 설명으로 틀린 것은?

  1. 나전선을 적용하여 가공식으로 가설을 원칙으로 한다.
  2. 사고 및 지락 시에도 충분한 허용전류용량을 갖도록 하여야 한다.
  3. 비절연보호도체, 매설접지도체, 레일 등으로 구성하여 단권변압기 중성점과 공통접지에 접속한다.
  4. 비절연보호도체의 위치는 통신유도장해 및 레일전위의 상승의 경감을 고려하여 결정하여야 한다.
정답과 해설 보기

정답: 1

2021 KEC 교류 전기철도 귀선로는 레일·비절연보호도체·매설접지도체 등을 공통접지에 연결하고 허용전류와 유도장해·레일전위를 고려한다. 나전선 가공식을 원칙으로 한다는 ①이 틀렸다.

선지별 해설

  • ① 귀선로를 나전선 가공식으로 시설하는 것이 원칙이라는 규정은 없어 틀렸다.
  • ② 정상·고장·지락 때 흐를 귀선전류를 견디는 충분한 허용전류용량이 필요하다.
  • ③ 레일과 보호·접지도체를 단권변압기 중성점 및 공통접지에 연결하는 구성이 맞다.
  • ④ 보호도체 위치는 통신유도와 레일전위 상승을 줄이도록 정해야 한다.

정답 판정: 대한전기협회 2021 한국전기설비규정 개정 공고; 대한전기협회 현행 KEC 핸드북 제4장 전기철도설비; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 시험 정답은 2021년 당시 KEC로 판정하고, 2026-08-30 현행 KEC의 대응 장을 별도 링크했다. 실제 설계·시공에는 현행 원문을 다시 확인해야 한다. 2021 KEC 교류 전기철도 귀선로는 레일·비절연보호도체·매설접지도체 등을 공통접지에 연결하고 허용전류와 유도장해·레일전위를 고려한다. 나전선 가공식을 원칙으로 한다는 ①이 틀렸다.

정답·해설 원문: 대한전기협회 2021 한국전기설비규정 개정 공고 · 대한전기협회 현행 KEC 핸드북 제4장 전기철도설비 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

97. 변전소에 울타리·담 등을 시설할 때, 사용전압이 345kV이면 울타리·담 등의 높이와 울타리·담 등으로부터 충전부분까지의 거리의 합계는 몇 m 이상으로 하여야 하는가?

  1. 8.16
  2. 8.28
  3. 8.40
  4. 9.72
정답과 해설 보기

정답: 2

2021 KEC 351.1에서 160 kV 초과 설비는 울타리 높이와 충전부까지 거리의 합을 6 m에 초과 10 kV 또는 단수마다 0.12 m 가산한다. 345 kV는 19단이므로 6+19×0.12=8.28 m, 정답은 ②이다.

선지별 해설

  • ① 8.16 m는 초과전압 단수를 18단으로 내려 계산한 값이다.
  • ② (345−160)/10=18.5를 19단으로 올려 8.28 m가 맞다.
  • ③ 8.40 m는 20단을 적용한 값으로 실제 초과전압보다 한 단 많다.
  • ④ 9.72 m는 규정의 기본값 또는 단위가산을 잘못 적용한 값이다.

정답 판정: 대한전기협회 2021 한국전기설비규정 개정 공고; 대한전기협회 현행 KEC 핸드북 제3장 고압·특고압 전기설비; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 시험 정답은 2021년 당시 KEC로 판정하고, 2026-08-30 현행 KEC의 대응 장을 별도 링크했다. 실제 설계·시공에는 현행 원문을 다시 확인해야 한다. 2021 KEC 351.1에서 160 kV 초과 설비는 울타리 높이와 충전부까지 거리의 합을 6 m에 초과 10 kV 또는 단수마다 0.12 m 가산한다. 345 kV는 19단이므로 6+19×0.12=8.28 m, 정답은 ②이다.

정답·해설 원문: 대한전기협회 2021 한국전기설비규정 개정 공고 · 대한전기협회 현행 KEC 핸드북 제3장 고압·특고압 전기설비 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

98. 큰 고장전류가 구리 소재의 접지도체를 통하여 흐르지 않을 경우 접지도체의 최소단면적은 몇 mm 2 이상이어야 하는가? (단, 접지도체에 피뢰시스템이 접속되지 않는 경우이다.)

  1. 0.75
  2. 2.5
  3. 6
  4. 16
정답과 해설 보기

정답: 3

2021 KEC 접지도체 선정표에서 큰 고장전류가 흐르지 않고 피뢰시스템도 접속되지 않은 구리 접지도체의 최소단면적은 6 mm²이다. 정답은 ③이다.

선지별 해설

  • ① 0.75 mm²는 기계적 강도와 접지도체 최소규격을 충족하지 못한다.
  • ② 2.5 mm²는 보호된 보호도체 등 다른 조건과 혼동한 값이다.
  • ③ 문제의 구리·비대고장전류·비피뢰 조건에서 6 mm²가 맞다.
  • ④ 16 mm²는 피뢰시스템 접속 등 더 큰 열·충격을 고려하는 조건의 값이다.

정답 판정: 대한전기협회 2021 한국전기설비규정 개정 공고; 대한전기협회 현행 KEC 핸드북 제1장 공통사항; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 시험 정답은 2021년 당시 KEC로 판정하고, 2026-08-30 현행 KEC의 대응 장을 별도 링크했다. 실제 설계·시공에는 현행 원문을 다시 확인해야 한다. 2021 KEC 접지도체 선정표에서 큰 고장전류가 흐르지 않고 피뢰시스템도 접속되지 않은 구리 접지도체의 최소단면적은 6 mm²이다. 정답은 ③이다.

정답·해설 원문: 대한전기협회 2021 한국전기설비규정 개정 공고 · 대한전기협회 현행 KEC 핸드북 제1장 공통사항 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

99. 전력보안 가공통신선을 횡단보도교 위에 시설하는 경우 그 노면상 높이는 몇 m 이상인가? (단, 가공전선로의 지지물에 시설하는 통신선 또는 이에 직접 접속하는 가공통신선은 제외한다.)

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정답과 해설 보기

정답: 1

2021 KEC 362.2의 전력보안 가공통신선 시설높이 표에서 횡단보도교 위 노면상 최소높이는 3 m이다. 정답은 ①이다.

선지별 해설

  • ① 횡단보도교 보행 노면 기준 최소 3 m가 맞다.
  • ② 4 m는 도로·철도 등 다른 횡단조건의 높이와 혼동한 값이다.
  • ③ 5 m는 이 문항의 보도교 위 통신선 최소높이보다 크다.
  • ④ 6 m도 최소 규정값이 아니라 과도하게 큰 선택지다.

정답 판정: 대한전기협회 2021 한국전기설비규정 개정 공고; 대한전기협회 현행 KEC 핸드북 제3장 고압·특고압 전기설비; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 시험 정답은 2021년 당시 KEC로 판정하고, 2026-08-30 현행 KEC의 대응 장을 별도 링크했다. 실제 설계·시공에는 현행 원문을 다시 확인해야 한다. 2021 KEC 362.2의 전력보안 가공통신선 시설높이 표에서 횡단보도교 위 노면상 최소높이는 3 m이다. 정답은 ①이다.

정답·해설 원문: 대한전기협회 2021 한국전기설비규정 개정 공고 · 대한전기협회 현행 KEC 핸드북 제3장 고압·특고압 전기설비 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

100. 케이블트레이 공사에 사용할 수 없는 케이블은?

  1. 연피 케이블
  2. 난연성 케이블
  3. 캡타이어 케이블
  4. 알루미늄피 케이블
정답과 해설 보기

정답: 3

2021 KEC 232.41의 케이블트레이 공사에는 연피·알루미늄피·난연성 케이블 등 정해진 케이블을 사용한다. 이동용 캡타이어 케이블은 허용 종류가 아니므로 정답은 ③이다.

선지별 해설

  • ① 연피케이블은 기계·화학적 외부영향 조건을 지키면 트레이에 사용할 수 있다.
  • ② 난연성케이블은 화재확산을 줄이는 트레이용 허용 케이블이다.
  • ③ 캡타이어케이블은 이동용 전선으로 케이블트레이 고정배선의 허용 종류가 아니다.
  • ④ 알루미늄피케이블도 규정된 금속피 케이블로 사용할 수 있다.

정답 판정: 대한전기협회 2021 한국전기설비규정 개정 공고; 대한전기협회 현행 KEC 핸드북 제2장 저압 전기설비; Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

상세 정답 근거: 시험 정답은 2021년 당시 KEC로 판정하고, 2026-08-30 현행 KEC의 대응 장을 별도 링크했다. 실제 설계·시공에는 현행 원문을 다시 확인해야 한다. 2021 KEC 232.41의 케이블트레이 공사에는 연피·알루미늄피·난연성 케이블 등 정해진 케이블을 사용한다. 이동용 캡타이어 케이블은 허용 종류가 아니므로 정답은 ③이다.

정답·해설 원문: 대한전기협회 2021 한국전기설비규정 개정 공고 · 대한전기협회 현행 KEC 핸드북 제2장 저압 전기설비 · Q-Net 전기기사 출제기준 2021~2023

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먼저 PDF 문제지를 시간에 맞춰 푼 뒤, 이 글에서 오답의 정답·해설·근거를 확인하세요. 법규 문항은 근거 기준일 이후 개정 여부도 함께 확인하는 것이 안전합니다.

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